dp tsp问题 海贼王之伟大航路
来源:互联网 发布:删除网络映射驱动器 编辑:程序博客网 时间:2024/04/28 07:43
TSP问题是一个np问题 但是我们可以通过伪多项式算法来实现 就是用状态压缩dp
dp[i][j]:i是目前已经走过的城市的状态 j是在此状态下最后一个到达的城市 dp[i][j]表示到此时的最小用时 如果状态转移不合法 设置为
-1 那怎么来递推呢 我们想一想 如果一个i要从 00000000001(二进制表示) 走过来 那么所走的状态一定都是小于i的 比如
i=000000101 要从 000000001 或者 0000000100走过来一样 所以i从小到大就可以了!
状态转移方程dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[state][k]+mat[k][j]) 其中state 和k是枚举合法的 。
7:海贼王之伟大航路
- 总时间限制:
- 1000ms
- 内存限制:
- 65536kB
- 描述
“我是要成为海贼王的男人!”,路飞一边喊着这样的口号,一边和他的伙伴们一起踏上了伟大航路的艰险历程。
路飞他们伟大航路行程的起点是罗格镇,终点是拉夫德鲁(那里藏匿着“唯一的大秘宝”——ONE PIECE)。而航程中间,则是各式各样的岛屿。
因为伟大航路上的气候十分异常,所以来往任意两个岛屿之间的时间差别很大,从A岛到B岛可能需要1天,而从B岛到A岛则可能需要1年。当然,任意两个岛之间的航行时间虽然差别很大,但都是已知的。
现在假设路飞一行从罗格镇(起点)出发,遍历伟大航路中间所有的岛屿(但是已经经过的岛屿不能再次经过),最后到达拉夫德鲁(终点)。假设他们在岛上不作任何的停留,请问,他们最少需要花费多少时间才能到达终点?
- 输入
- 输入数据包含多行。
第一行包含一个整数N(2 < N ≤ 16),代表伟大航路上一共有N个岛屿(包含起点的罗格镇和终点的拉夫德鲁)。其中,起点的编号为1,终点的编号为N。
之后的N行每一行包含N个整数,其中,第i(1 ≤ i ≤ N)行的第j(1 ≤ j ≤ N)个整数代表从第i个岛屿出发到第j个岛屿需要的时间t(0 < t < 10000)。第i行第i个整数为0。 - 输出
- 输出为一个整数,代表路飞一行从起点遍历所有中间岛屿(不重复)之后到达终点所需要的最少的时间。
- 样例输入
样例输入1:40 10 20 9995 0 90 3099 50 0 10999 1 2 0样例输入2:50 18 13 98 889 0 45 78 43 22 38 0 96 1268 19 29 0 5295 83 21 24 0
- 样例输出
样例输出1:100样例输出2:137
- 提示
- 提示:
对于样例输入1:路飞选择从起点岛屿1出发,依次经过岛屿3,岛屿2,最后到达终点岛屿4。花费时间为20+50+30=100。
对于样例输入2:可能的路径及总时间为:
1,2,3,4,5: 18+45+96+52=211
1,2,4,3,5: 18+78+29+12=137
1,3,2,4,5: 13+38+78+52=181
1,3,4,2,5: 13+96+19+43=171
1,4,2,3,5: 98+19+45+12=174
1,4,3,2,5: 98+29+38+43=208
所以最短的时间花费为137
单纯的枚举在N=16时需要14!次运算,一定会超时。 #include <stdio.h>#include <stdlib.h>#include <string.h>#include <string>#include <iostream>#include <sstream>#include <ostream>#include <algorithm>#include <ctype.h>#include <cmath>#include <queue>#include <set>#include <map>#include <vector>#define inf 1e9+7#define pi acos(-1)#define natrule exp(1)using namespace std;#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")int mat[50][50];int dp[500000][20];int main(){ int n; while(cin>>n){ for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=1;j<=n;j++){ cin>>mat[i][j]; } } memset(dp,-1,sizeof(dp)); int all=(1<<n)-1; dp[1][1]=0; for(int i=2;i<=all;i++) { for(int k=1;k<=n;k++) { int c=1<<(k-1); if((c&i)==0) continue; int state=i-c; for(int j=1;j<=n;j++){ if(dp[state][j]==-1) continue; else { if(dp[i][k]==-1) dp[i][k]=dp[state][j]+mat[j][k]; else dp[i][k]=min(dp[i][k],dp[state][j]+mat[j][k]); } } } } /* for(int i=1;i<=((1<<n)-1);i++){ for(int j=1;j<=n;j++){ cout<<dp[i][j]<<' '; } } cout<<endl;*/ cout<<dp[(1<<n)-1][n]; } return 0; }
1 0
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