hdu 2236 无题II(二分法,枚举,二分图最大匹配)
来源:互联网 发布:reveal.js 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 11:02
无题II
Time Limit: 2000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 1515 Accepted Submission(s): 688
Problem Description
这是一个简单的游戏,在一个n*n的矩阵中,找n个数使得这n个数都在不同的行和列里并且要求这n个数中的最大值和最小值的差值最小。
Input
输入一个整数T表示T组数据。
对于每组数据第一行输入一个正整数n(1<=n<=100)表示矩阵的大小。
接着输入n行,每行n个数x(0<=x<=100)。
对于每组数据第一行输入一个正整数n(1<=n<=100)表示矩阵的大小。
接着输入n行,每行n个数x(0<=x<=100)。
Output
对于每组数据输出一个数表示最小差值。
Sample Input
141 1 1 12 2 2 23 3 3 34 4 4 4
Sample Output
3
Author
xhd
Source
HDOJ 2008 Summer Exercise(2)- Hold by Captain Xu
题意:中文题不解释思路:上来写了一发DFS,恩..TLE
然后想到二分差值,枚举下界看是每行每列是否都能匹配到(也就是二分图最大匹配,行为x集合,列为y集合)。这也是二分转移的条件了
代码:
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cmath>using namespace std;#define N 110#define INF 99999999int n,ans;int m[N][N],ma[N][N],vis[N];int num[N],cnt,line[N];int can(int t){ for(int i=1; i<=n; i++) { if(!vis[i]&&ma[t][i]) { vis[i]=1; if(line[i]==-1||can(line[i])) { line[i]=t; return 1; } } } return 0;}void get(int t){ for(int i=0;i<cnt;i++) if(num[i]==t) return; num[cnt++]=t;}int main(){ int T; scanf("%d",&T); while(T--) { cnt=0; scanf("%d",&n); for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=1; j<=n; j++) { scanf("%d",&m[i][j]); get(m[i][j]); } int l=0,r=210; sort(num,num+cnt); int last; while(l<=r) { int mid=(l+r)>>1,flag=0; for(int i=0;i<cnt;i++) { memset(ma,0,sizeof(ma)); for(int k=1;k<=n;k++) for(int j=1;j<=n;j++) if(m[k][j]>=num[i]&&m[k][j]<=num[i]+mid) ma[k][j]=1; memset(line,-1,sizeof(line)); int ans=0; for(int j=1;j<=n;j++) { memset(vis,0,sizeof(vis)); if(can(j)) ans++; else break; } if(ans==n) { flag=1; break; } } if(flag) last=mid,r=mid-1; else l=mid+1; } printf("%d\n",last); } return 0;}
0 0
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