BZOJ 2038 莫队算法
来源:互联网 发布:泉州旅游数据分析 编辑:程序博客网 时间:2024/05/23 19:20
[2009国家集训队]小Z的袜子(hose)
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 259 MBDescription
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
题解:莫队算法处理即可,x按除以250以后排序,y从大大小,先按x排。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<string.h>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long ll;const ll maxn=50005;ll a[maxn],c[maxn],ans[maxn],ant,l=1,r,len[maxn];ll n,m;struct node{ int l,r,lab;}edge[maxn];bool cmp(node a,node b){ if((a.l)/250==(b.l)/250){ return a.r<b.r; } else return a.l<b.l;}void inc(ll x){ c[a[x]]++; ant+=(c[a[x]]-1);}void dec(ll x){ ant-=(c[a[x]]-1); c[a[x]]--;}int main(){ scanf("%lld%lld",&n,&m); ll i,j; for(i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&a[i]); for(i=1;i<=m;i++){ scanf("%lld%lld",&edge[i].l,&edge[i].r); edge[i].lab=i; } sort(edge+1,edge+1+m,cmp); for(i=1;i<=m;i++){ while(r<edge[i].r){ inc(++r); } while(r>edge[i].r){ dec(r--); } while(l<edge[i].l){ dec(l++); } while(l>edge[i].l){ inc(--l); } ans[edge[i].lab]=ant; len[edge[i].lab]=r-l+1; } for(i=1;i<=m;i++){ ll la=ans[i];//第i个询问可行的方案数 ll lb=len[i]*(len[i]-1)/2;//总方案数 ll d=__gcd(la,lb); printf("%lld/%lld\n",la/d,lb/d); } return 0;}
0 0
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