bzoj 1014: [JSOI2008]火星人prefix (hash+splay)
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1014: [JSOI2008]火星人prefix
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Description
火星人最近研究了一种操作:求一个字串两个后缀的公共前缀。比方说,有这样一个字符串:madamimadam,
我们将这个字符串的各个字符予以标号:序号: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 字符 m a d a m i m a d a m 现在,
火星人定义了一个函数LCQ(x, y),表示:该字符串中第x个字符开始的字串,与该字符串中第y个字符开始的字串
,两个字串的公共前缀的长度。比方说,LCQ(1, 7) = 5, LCQ(2, 10) = 1, LCQ(4, 7) = 0 在研究LCQ函数的过程
中,火星人发现了这样的一个关联:如果把该字符串的所有后缀排好序,就可以很快地求出LCQ函数的值;同样,
如果求出了LCQ函数的值,也可以很快地将该字符串的后缀排好序。 尽管火星人聪明地找到了求取LCQ函数的快速
算法,但不甘心认输的地球人又给火星人出了个难题:在求取LCQ函数的同时,还可以改变字符串本身。具体地说
,可以更改字符串中某一个字符的值,也可以在字符串中的某一个位置插入一个字符。地球人想考验一下,在如此
复杂的问题中,火星人是否还能够做到很快地求取LCQ函数的值。
Input
第一行给出初始的字符串。第二行是一个非负整数M,表示操作的个数。接下来的M行,每行描述一个操作。操
作有3种,如下所示
1、询问。语法:Qxy,x,y均为正整数。功能:计算LCQ(x,y)限制:1<=x,y<=当前字符串长度。
2、修改。语法:Rxd,x是正整数,d是字符。功能:将字符串中第x个数修改为字符d。限制:x不超过当前字
符串长度。
3、插入:语法:Ixd,x是非负整数,d是字符。功能:在字符串第x个字符之后插入字符d,如果x=0,则在字
符串开头插入。限制:x不超过当前字符串长度
Output
对于输入文件中每一个询问操作,你都应该输出对应的答案。一个答案一行。
Sample Input
7
Q 1 7
Q 4 8
Q 10 11
R 3 a
Q 1 7
I 10 a
Q 2 11
Sample Output
1
0
2
1
HINT
1、所有字符串自始至终都只有小写字母构成。
2、M<=150,000
3、字符串长度L自始至终都满足L<=100,000
4、询问操作的个数不超过10,000个。
对于第1,2个数据,字符串长度自始至终都不超过1,000
对于第3,4,5个数据,没有插入操作。
Source
题解:splay维护hash。
按顺序将节点插入splay,对于splay中的每个点维护子树中这段区间的hash值。
查询的区间[l,r]的hash值,只需要将l-1转到根,r+1转到根的右儿子,所要查询的区间就在根右子树的左子树中
在查询的时候二分答案mid,二分公共前缀的长度,将区间[x,x+mid]与[y,y+mid]的hash值即可。
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>#define N 2000003#define p 2000001001#define ul unsigned long longusing namespace std;int fa[N],ch[N][3],size[N],root,cnt,len;ul val[N],a[N],mi[N];int n,m;char s[N];int get(int x){ return ch[fa[x]][1]==x;}void update(int x){ size[x]=size[ch[x][1]]+size[ch[x][0]]+1; val[x]=val[ch[x][1]]+a[x]*mi[size[ch[x][1]]]+val[ch[x][0]]*mi[size[ch[x][1]]+1];}void rotate(int x){ int y=fa[x]; int z=fa[y]; int which=get(x); ch[y][which]=ch[x][which^1]; fa[ch[x][which^1]]=y; ch[x][which^1]=y; fa[y]=x; if (z) ch[z][ch[z][1]==y]=x; fa[x]=z; update(y); update(x);}void splay(int x,int tar){ for (int f;(f=fa[x])!=tar;rotate(x)) if (fa[f]!=tar) rotate(get(x)==get(f)?f:x); if (!tar) root=x;}int next(){ int now=ch[root][1]; while (ch[now][0]) now=ch[now][0]; return now;}int pre(){ int now=ch[root][0]; while (ch[now][1]) now=ch[now][1]; return now; }void insert(int pos,ul x){ if (root==0) { root=++cnt; fa[cnt]=ch[cnt][0]=ch[cnt][1]=0; val[cnt]=a[cnt]=x; return; } int now=root,f; while (true) { if (pos<=size[ch[now][0]]) now=ch[now][0]; else { int k=size[ch[now][0]]; if (k+1==pos) { splay(now,0); int t=next(); if (!t) { ch[root][1]=++cnt; fa[cnt]=root; val[cnt]=a[cnt]=x; update(root); splay(cnt,0); return; } splay(t,now); ch[ch[root][1]][0]=++cnt; fa[cnt]=ch[root][1]; val[cnt]=a[cnt]=x; update(ch[root][1]); update(root); splay(cnt,0); return; } pos-=(k+1); now=ch[now][1]; } }}int find(int x){ int now=root; while (true) { if (x<=size[ch[now][0]]) now=ch[now][0]; else { int k=size[ch[now][0]]+1; if (k==x) return now; x-=k; now=ch[now][1]; } }}bool pd(int x,int posl,int posr,int xx,int yy){ splay(posl,0); int prel=pre(); int t=find (xx+x); splay(prel,0); splay(t,prel); ul ans=val[ch[ch[root][1]][0]]; splay(posr,0); int prer=pre(); t=find(yy+x); splay(prer,0); splay(t,prer); if (ans==val[ch[ch[root][1]][0]]) return true; return false;}int solve(int x,int y){ if (x>y) swap(x,y); int posl=find(x); int posr=find(y); int l=0; int r=len-y+2; int ans=0; while (l<=r) { int mid=(l+r)/2; if (pd(mid,posl,posr,x,y)) ans=max(ans,mid),l=mid+1; else r=mid-1; } return ans;}int main(){ mi[0]=1; for (int i=1;i<=1000001;i++) mi[i]=mi[i-1]*p; scanf("%s",s); len=strlen(s); insert(0,0); for (int i=0;i<len;i++) { ul x=s[i]-95; insert(i+1,x); } insert(len+1,0); scanf("%d",&n); for (int i=1;i<=n;i++) { char c[10],c1[10]; int x; scanf("%s",c); if (c[0]=='R') { scanf("%d%s",&x,c1); x++; ul y=c1[0]-95; int t=find(x); a[t]=y; update(t); splay(t,0); } if (c[0]=='I') { scanf("%d%s",&x,c1); x++; ul y=c1[0]-95; insert(x,y); len++; } if (c[0]=='Q') { int x,y; scanf("%d%d",&x,&y); x++; y++; printf("%d\n",solve(x,y)); } }}
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