字符串变换最小问题

题目：
给出两个字串A，B。将A字串转化为B字串，转化一共有两种方式:删除连续的n个字符，一次操作费用为2。增加连续的n个字符(增加的字符是什么由你决定)，一次操作费用为n+2。求把A变为B最小费用。

输入: 第一行输入一个正整数T(1 <= T <= 10)，表示有T组测试数据。对于每组测试数据：两行字符串A, B（字符串长度不超过2000，字符仅包含小写字母）输出: 对于每组测试数据，输出一行一个整数，表示最小费用。样例输入:   2dsafsadfadffdfdaaaaaaaabbbbbbbb样例输出:   712答案提示: “dsafsadfadf” 变成 “fdfd” 最少的代价的一种方法是： 1. “dsafsadfadf” -> “f” 删除连续的10个，代价2 2. “f” -> “fdfd” 增加连续的3个（”dfd”），代价为3 ＋ 2 ＝ 5 总共的最小代价为2 ＋ 5 ＝ 7，其他方法的代价都不小于7 “aaaaaaaa” 变成 “bbbbbbbb” 最小代价的一种方法是： 1. “aaaaaaaa” 全部删除，代价2 2. 增加8个连续的’b’，代价10 总共的最小代价为2 ＋ 10 ＝ 12 

这是一个比较典型的动态规划的题目：

int compare(const void *a, const void *b){    int *pa = (int*)a;    int *pb = (int*)b;    return (*pa )- (*pb);  //从小到大排序}int DEL = -1;int ORIGAL = 0;int ADD = 1;int getAddCount(int f, int type) {    int minCost;    if (type == ADD) {        minCost = f + 1;    } else {        minCost = f + 3;    }    return minCost;}int getDelCount(int f, int type) {    int minCost = 0;    if (type == DEL) {        minCost = f + 0;    } else {        minCost = f + 2;    }    return minCost;}int getMin(int a, int b) {    return a < b ? a : b;}int getMinExpenses(string aString, string bString) {    int **f = new int* [ aString.length() + 1 ] ;//f[i][j] 从a[i] -> b[j]的最小代价    int **oper = new int*[ aString.length() + 1 ];//用于记录操作    for( int i = 0; i < aString.length() + 1; i++ )    {        f[i] = new int[ bString.length() + 1 ];    }    for( int i = 0; i < aString.length() + 1; i++ )    {        oper[i] = new int[ bString.length() + 1 ];    }    f[0][0] = 0;    for (int i = 1; i < aString.length() + 1; i++) {        f[i][0] = 2;        oper[i][0] = DEL;    }    for (int i = 1; i < bString.length() + 1; i++) {        f[0][i] = 2 + i;        oper[0][i] = ADD;    }    for (int i = 1; i < aString.length() + 1; i++) {        for (int j = 1; j < bString.length() + 1; j++) {            int cost = 0;            if (aString[i - 1] != bString[j - 1] )            {                cost = 5;            }            int minCost;            int delCount = getDelCount(f[i - 1][j], oper[i - 1][j]);            int addCount = getAddCount(f[i][j - 1], oper[i][j - 1]);            if (delCount >= addCount)            {                oper[i][j] = ADD;                minCost = addCount;            }            else            {                oper[i][j] = DEL;                minCost = delCount;            }            if (minCost > f[i - 1][j - 1] + cost)            {                oper[i][j] = ORIGAL;                minCost = f[i - 1][j - 1] + cost;            }            f[i][j] = minCost;        }    }    return f[aString.length()][bString.length()];}

在做动态规划的题目的时候，需要明白自己需要建几张二维表，以及二维表的实际物理意义。将原文题，递归到子问题。这样可以写出递归方程。
数据结构和递归方程便是程序的两个重要部分。
如代码所示： f[i][j]表示 从a[i] -> b[j]的最小代价，以 “dsafsadfadf” 变成 “fdfd” 为例:
f的数组的内容如下：

operate数组内容如下：

cost=5 为一个常量，含义是由A 到B 如果两个字符不等。那么他所消耗的代价就为5。（删除一个代价为2，增加一个为5） 如果字符相等，那么他的代价就为0.
结合代码 以d到f 为例。有d 到f 有三种路径可以走。

初始条件： 由d到0，消耗的代价为 2                  由0到f,消耗的代价为 3

考虑问题的递归性：
1.先删除d，那么需要进行add f 操作，得到 f : 代价为 2+3
2.先增加f,那么需要进行DEL d 操作，得到f: 代价为 3+2
在这两个操作的时候考虑到递推问题的上一个状态，她的前一状态是 DEL,还是ADD
3.第三种状态就是，不管子问题，就是直接删除一个，加一个，为5.

从左到右为 ADD状态，从上到下为DEL状态。ORIGAL,为对角线过来的数据，也就是说，不考虑这个字母的前一个状态。
递归方程如下：