NOIP模拟题[递推][并查集][DP]
来源:互联网 发布:淘宝售前客服术语大全 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 04:56
不能换考试策略。
数组大的那一维定义在前面可以减小常数(我用的时候有4倍)。
T1:
题意:
求一个数列在可以修改一个数的情况下最长连续上升子序列。
分析:
用第二维标记一下改没改过,乱搞一下就可以了(从前向后推一次,从后向前推一次,继承修改和修改当前数交叉修改)。注意为了防止重复修改,修改区间不要重复。
加强版:可修改一个区间:见紫书第八章。
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cmath>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<string>#include<algorithm>#include<queue>#include<set>#include<map>#include<stack>#include<vector>#include<ctime>#define ll long long #define inf 2e8#define modd 1e9+7#define clr(x) memset(x,0,sizeof(x))#define maxen(x) memset(x,127,sizeof(x))#define maxer(x) memset(x,31,sizeof(x))#define each(i,n) for(int i=1;i<=n;i++)#define minn(a,b,c) min(a,min(b,c))#define maxx(a,b,c) max(a,max(b,c))#ifdef WIN32#define lld "%I64d"#else#define lld "%lld"#endif#define PROC "seq"//for(int i=1;i<=n;i++)//(double) (ll) LL (int)//(double)clock()/CLOCKS_PER_SECusing namespace std;const int Maxn=1e5+5;int n,cnt,a[Maxn],f[Maxn][2],b[Maxn];int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f;}void init(){ n=read(); each(i,n)a[i]=read();}void work(){ /*maxen(f); f[0][0]=-inf; each(i,n){ int flg1=0,flg2=0,flg3=0; for(int j=cnt;j>=0;j--) if(f[j][0]<a[i]&&f[j+1][0]>a[i]){ flg1=j+1;break;} for(int j=cnt;j>=0;j--) if(f[j][1]<a[i]&&f[j+1][1]>a[i]){ flg2=j+1;break;} for(int j=cnt;j>=0;j--) if(f[j][0]>=a[i]&&f[j+1][1]>f[j][0]+1){ flg3=j+1;break; } cnt=max(max(cnt,flg1),max(flg2,flg3)); if(flg1)f[flg1][0]=a[i]; if(flg2)f[flg2][1]=a[i]; if(flg3)f[flg3][1]=f[flg3-1][0]+1; }*/ f[n][0]=1;cnt=1;b[n]=a[n]; for(int i=n-1;i>=1;i--){ if(a[i]<a[i+1]){ f[i][0]=f[i+1][0]+1; if(f[i+1][1]&&a[i]<b[i+1])f[i][1]=f[i+1][1]+1; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); b[i]=a[i]; } else if(a[i]<b[i+1]){ f[i][1]=f[i+1][1]+1; f[i][0]=1; b[i]=a[i]; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); } else{ f[i][0]=1; f[i][1]=f[i+1][0]+1; b[i]=a[i+1]-1; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); } } clr(f);b[1]=a[1]; f[1][0]=1; for(int i=2;i<=n;i++){ if(a[i]>a[i-1]){ f[i][0]=f[i-1][0]+1; if(f[i-1][1]&&a[i]>b[i-1])f[i][1]=f[i-1][1]+1; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); b[i]=a[i]; } else if(a[i]>b[i-1]){ f[i][1]=f[i-1][1]+1; f[i][0]=1; b[i]=a[i]; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); } else{ f[i][0]=1; f[i][1]=f[i-1][0]+1; b[i]=a[i-1]+1; cnt=maxx(cnt,f[i][0],f[i][1]); } } printf("%d",cnt);}void debug(){ //}int main(){ freopen(PROC".in","r",stdin); freopen(PROC".out","w",stdout); init(); work(); //debug(); return 0;}
T2:
题意:
在一个全为0的序列上可以对某区间整体取反(共给定m个区间),求最后能得到多少不同序列。
分析:
分析一下可以知道,若从一个点出发能走不同路径到同一点(可反向走),则此时两路径等效。其实就是并查集,我是用dfs等于去走了一下并查集。
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cmath>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<string>#include<algorithm>#include<queue>#include<set>#include<map>#include<stack>#include<vector>#include<ctime>#define ll long long #define inf 2e8#define modd (1e9+7)#define clr(x) memset(x,0,sizeof(x))#define maxen(x) memset(x,127,sizeof(x))#define maxer(x) memset(x,31,sizeof(x))#define each(i,n) for(int i=1;i<=n;i++)#define minn(a,b,c) min(a,min(b,c))#define maxx(a,b,c) max(a,max(b,c))#ifdef WIN32#define lld "%I64d"#else#define lld "%lld"#endif#define PROC "seg"//for(int i=1;i<=n;i++)//(double) (ll) LL (int)//(double)clock()/CLOCKS_PER_SECusing namespace std;const int Maxn=1e5+5;int n,m,sta[Maxn],fin[Maxn],fr[Maxn*2],tov[Maxn*2],des[Maxn*2],vis[Maxn*2];int mapy[Maxn*20],mapy2[Maxn],cnt2,num,ans;int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f;}void addedge(int cur){ sta[cur]=read();fin[cur]=read()+1; tov[2*cur-1]=fr[sta[cur]];fr[sta[cur]]=2*cur-1;des[2*cur-1]=fin[cur]; tov[2*cur]=fr[fin[cur]];fr[fin[cur]]=2*cur;des[2*cur]=sta[cur];}void init(){ n=read();m=read(); each(i,m)addedge(i);}void dfs(int cur){ vis[cur]=1; for(int i=fr[cur];i;i=tov[i]){ if(mapy[des[i]])m--; else if(!vis[des[i]])dfs(des[i]); } mapy[cur]=1;mapy2[++cnt2]=cur;}long long PowerMod(long long a,long long b,long long c){ long long ans=1; a=a%c; while(b>0){ if(b%2) ans=(ans*a)%c; b=b/2; a=(a*a)%c; } return ans;}void work(){ if(m<=20){ for(int i=0;i<(1<<m);i++){ num=0; for(int j=1;j<=m;j++) if(i&(1<<(j-1))){ for(int k=sta[j];k<fin[j];k++) num^=1<<(k-1); } if(!mapy[num])mapy[num]=1,ans++; } printf("%d",ans); } else{ for(int i=1;i<=n;i++)if(!vis[i]&&fr[i]){ cnt2=0; dfs(i); for(int i=1;i<=cnt2;i++) mapy[mapy2[i]]=0; } printf("%d",(int)PowerMod(2,m,modd)); }}void debug(){ //}int main(){ freopen(PROC".in","r",stdin); freopen(PROC".out","w",stdout); init(); work(); //debug(); return 0;}
T3:
题意:
对于一个floodfill产生的图,求开始fill的点。
分析:
枚举起点bfs会超,但我们可以分析得到,我们每一次都重复计算了当前枚举点的周围点再走lef-1步的可行性!
所以对这个进行存储即可。
具体实现:
flow[i][j][k] 从(i,j)再走k步是否成立。
find[i][j][k] 从(i,j)再走k步是否被访问过。
#include<cstdio>#include<iostream>using namespace std;const int Maxn=305;int n,m;char mapy[Maxn][Maxn];bool fin[Maxn][Maxn][Maxn*2],flo[Maxn][Maxn][Maxn*2];inline int calc(int i,int j,int k){ if(!i)return true; if(!j)return true; if(i==n+1)return true; if(j==m+1)return true; if(mapy[i][j]!='H')return true; if(fin[i][j][k])return flo[i][j][k]; if(!k){ fin[i][j][k]=true; flo[i][j][k]=(mapy[i][j]=='H'); return flo[i][j][k]; } if ('B'==mapy[i-1][j]||'B'==mapy[i+1][j]||'B'==mapy[i][j-1]||'B'==mapy[i][j+1]){ fin[i][j][k]=true; flo[i][j][k]=0; return false; } fin[i][j][k]=1; return flo[i][j][k]=calc(i,j-1,k-1)&&calc(i,j+1,k-1)&& calc(i+1,j,k-1)&&calc(i-1,j,k-1);}int main(){ freopen("calm.in","r",stdin); freopen("calm.out","w",stdout); scanf("%d %d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;i++){ getchar(); for(int j=1;j<=m;j++) mapy[i][j]=getchar(); } for(int k=1;k<=n+m;k++) for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(mapy[i][j]=='H') calc(i,j,k); for(int k=n+m;k>=1;k--) for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(flo[i][j][k]){ printf("%d %d",i,j);return 0;} printf("-1"); //debug(); return 0;}
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