[bzoj4401]块的计数
来源:互联网 发布:sql的with语句 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 04:55
题目大意
给定一颗树,对树进行树分块使得每块点数相同,求方案数
TLE算法
容易观察出,假如块大小定了,那么至多只有一种方案。
怎么分块呢?设size[x]表示x子树中还未被分块的节点数量。
像普通size一样求。
退出x时,如果size[x]=c即块大小,那么可以形成一块,size[x]清0。
最后若size[1]为0,代表分块成功。
复杂度n根号n,TLE
#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cmath>#define fo(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)using namespace std;const int maxn=1000000+10;int size[maxn],h[maxn],go[maxn*2],next[maxn*2];int i,j,k,l,t,n,m,tot,ans,c;int read(){ int x=0,f=1; char ch=getchar(); while (ch<'0'||ch>'9'){ if (ch=='-') f=-1; ch=getchar(); } while (ch>='0'&&ch<='9'){ x=x*10+ch-'0'; ch=getchar(); } return x*f;}void add(int x,int y){ go[++tot]=y; next[tot]=h[x]; h[x]=tot;}void dfs(int x,int y){ size[x]=1; int t=h[x]; while (t){ if (go[t]!=y){ dfs(go[t],x); size[x]+=size[go[t]]; } t=next[t]; } if (size[x]==c) size[x]=0;}void work(int v){ c=v; dfs(1,0); if (!size[1]) ans++;}int main(){ n=read(); fo(i,1,n-1){ j=read();k=read(); add(j,k);add(k,j); } t=floor(sqrt(n)); fo(i,1,t) if (n%i==0){ work(i); if (n/i!=i) work(n/i); } printf("%d\n",ans);}
AC算法
我们发现,我们会在那些原本的size(这里的size指子树大小)就是c的倍数的地方划分出新的一块。
大概意思就是,我们设s[x]表示size[x]%c。
那么我删除一个子树y满足s[y]=0而且子树y内所有除y节点s均不为0,接下来整颗树其余未删除部分的s仍然不变吧?
而回忆TLE算法,每删一次就意味着分出了一块。所以如果要分块成功,我们需要分出恰好n/c个块,也就是意味s值为0的节点要有n/c个,那么就是说——size是c的倍数的节点要有n/c个!
我们开个桶记录每种size的节点个数,枚举块大小c,然后去暴力计算其倍数size的个数,这样是n log n的。
#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cmath>#define fo(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)using namespace std;const int maxn=1000000+10;int size[maxn],h[maxn],go[maxn*2],next[maxn*2],cnt[maxn];int i,j,k,l,t,n,m,tot,ans,c;int read(){ int x=0,f=1; char ch=getchar(); while (ch<'0'||ch>'9'){ if (ch=='-') f=-1; ch=getchar(); } while (ch>='0'&&ch<='9'){ x=x*10+ch-'0'; ch=getchar(); } return x*f;}void add(int x,int y){ go[++tot]=y; next[tot]=h[x]; h[x]=tot;}void dfs(int x,int y){ int t=h[x]; size[x]=1; while (t){ if (go[t]!=y){ dfs(go[t],x); size[x]+=size[go[t]]; } t=next[t]; }}int main(){ n=read(); fo(i,1,n-1){ j=read();k=read(); add(j,k);add(k,j); } dfs(1,0); fo(i,1,n) cnt[size[i]]++; fo(i,1,n){ if (n%i!=0) continue; t=0; fo(j,1,n/i) t+=cnt[i*j]; if (t==n/i) ans++; } printf("%d\n",ans);}
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