ccf__201604-4游戏
来源:互联网 发布:淘宝拍衣服的要求 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 14:25
试题编号:201604-4试题名称:游戏时间限制:1.0s内存限制:256.0MB问题描述:
问题描述
小明在玩一个电脑游戏,游戏在一个n×m的方格图上进行,小明控制的角色开始的时候站在第一行第一列,目标是前往第n行第m列。
方格图上有一些方格是始终安全的,有一些在一段时间是危险的,如果小明控制的角色到达一个方格的时候方格是危险的,则小明输掉了游戏,如果小明的角色到达了第n行第m列,则小明过关。第一行第一列和第n行第m列永远都是安全的。
每个单位时间,小明的角色必须向上下左右四个方向相邻的方格中的一个移动一格。
经过很多次尝试,小明掌握了方格图的安全和危险的规律:每一个方格出现危险的时间一定是连续的。并且,小明还掌握了每个方格在哪段时间是危险的。
现在,小明想知道,自己最快经过几个时间单位可以达到第n行第m列过关。
方格图上有一些方格是始终安全的,有一些在一段时间是危险的,如果小明控制的角色到达一个方格的时候方格是危险的,则小明输掉了游戏,如果小明的角色到达了第n行第m列,则小明过关。第一行第一列和第n行第m列永远都是安全的。
每个单位时间,小明的角色必须向上下左右四个方向相邻的方格中的一个移动一格。
经过很多次尝试,小明掌握了方格图的安全和危险的规律:每一个方格出现危险的时间一定是连续的。并且,小明还掌握了每个方格在哪段时间是危险的。
现在,小明想知道,自己最快经过几个时间单位可以达到第n行第m列过关。
输入格式
输入的第一行包含三个整数n, m, t,用一个空格分隔,表示方格图的行数n、列数m,以及方格图中有危险的方格数量。
接下来t行,每行4个整数r, c, a, b,表示第r行第c列的方格在第a个时刻到第b个时刻之间是危险的,包括a和b。游戏开始时的时刻为0。输入数据保证r和c不同时为1,而且当r为n时c不为m。一个方格只有一段时间是危险的(或者说不会出现两行拥有相同的r和c)。
接下来t行,每行4个整数r, c, a, b,表示第r行第c列的方格在第a个时刻到第b个时刻之间是危险的,包括a和b。游戏开始时的时刻为0。输入数据保证r和c不同时为1,而且当r为n时c不为m。一个方格只有一段时间是危险的(或者说不会出现两行拥有相同的r和c)。
输出格式
输出一个整数,表示小明最快经过几个时间单位可以过关。输入数据保证小明一定可以过关。
样例输入
3 3 3
2 1 1 1
1 3 2 10
2 2 2 10
2 1 1 1
1 3 2 10
2 2 2 10
样例输出
6
样例说明
第2行第1列时刻1是危险的,因此第一步必须走到第1行第2列。
第二步可以走到第1行第1列,第三步走到第2行第1列,后面经过第3行第1列、第3行第2列到达第3行第3列。
第二步可以走到第1行第1列,第三步走到第2行第1列,后面经过第3行第1列、第3行第2列到达第3行第3列。
评测用例规模与约定
前30%的评测用例满足:0 < n, m ≤ 10,0 ≤ t < 99。
所有评测用例满足:0 < n, m ≤ 100,0 ≤ t < 9999,1 ≤ r ≤ n,1 ≤ c ≤ m,0 ≤ a ≤ b ≤ 100。
所有评测用例满足:0 < n, m ≤ 100,0 ≤ t < 9999,1 ≤ r ≤ n,1 ≤ c ≤ m,0 ≤ a ≤ b ≤ 100。
题目很简单,稍微想想,能知道答案肯定在300以内,所以用队列即可,优化了一下用了优先队列。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct node
{
int l,r;
node()
{
l=-1;
r=-1;
}
};
node s[105][105];
struct Node
{
int x,y,now;
bool friend operator <(Node a ,Node b)
{
return a.now>b.now;
}
};
int xx[4]= {0,0,1,-1};
int yy[4]= {1,-1,0,0};
int n,m;
int f[105][105][305];
void work()
{
priority_queue<Node> q;
while(!q.empty())
{
q.pop();
}
Node b;
b.x=1;
b.y=1;
b.now=0;
f[b.x][b.y][b.now]=1;
q.push(b);
while(!q.empty())
{
Node a=q.top();
q.pop();
//printf("%d %d %d\n",a.x,a.y,a.now);
if(a.x==n&&a.y==m)
{
printf("%d\n",a.now);
break;
}
else
{
for(int i=0; i<4; i++)
{
b.x=a.x+xx[i];
b.y=a.y+yy[i];
b.now=a.now+1;
if(b.x>=1&&b.x<=n&&b.y>=1&&b.y<=m&&f[b.x][b.y][b.now]==0)
{
if(s[b.x][b.y].l<=b.now&&b.now<=s[b.x][b.y].r)
{
}
else
{
f[b.x][b.y][b.now]=1;
q.push(b);
}
}
}
}
}
}
int main()
{
int t;
memset(f,0,sizeof(f));
scanf("%d%d%d",&n,&m,&t);
for(int i=0; i<=n; i++)
{
for(int j=0; j<=m; j++)
{
s[i][j].l=-1;
s[i][j].r=-1;
}
}
for(int i=0;i<t;i++)
{
int a,b,c,d;
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d);
s[a][b].l=c;
s[a][b].r=d;
}
work();
return 0;
}
using namespace std;
struct node
{
int l,r;
node()
{
l=-1;
r=-1;
}
};
node s[105][105];
struct Node
{
int x,y,now;
bool friend operator <(Node a ,Node b)
{
return a.now>b.now;
}
};
int xx[4]= {0,0,1,-1};
int yy[4]= {1,-1,0,0};
int n,m;
int f[105][105][305];
void work()
{
priority_queue<Node> q;
while(!q.empty())
{
q.pop();
}
Node b;
b.x=1;
b.y=1;
b.now=0;
f[b.x][b.y][b.now]=1;
q.push(b);
while(!q.empty())
{
Node a=q.top();
q.pop();
//printf("%d %d %d\n",a.x,a.y,a.now);
if(a.x==n&&a.y==m)
{
printf("%d\n",a.now);
break;
}
else
{
for(int i=0; i<4; i++)
{
b.x=a.x+xx[i];
b.y=a.y+yy[i];
b.now=a.now+1;
if(b.x>=1&&b.x<=n&&b.y>=1&&b.y<=m&&f[b.x][b.y][b.now]==0)
{
if(s[b.x][b.y].l<=b.now&&b.now<=s[b.x][b.y].r)
{
}
else
{
f[b.x][b.y][b.now]=1;
q.push(b);
}
}
}
}
}
}
int main()
{
int t;
memset(f,0,sizeof(f));
scanf("%d%d%d",&n,&m,&t);
for(int i=0; i<=n; i++)
{
for(int j=0; j<=m; j++)
{
s[i][j].l=-1;
s[i][j].r=-1;
}
}
for(int i=0;i<t;i++)
{
int a,b,c,d;
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d);
s[a][b].l=c;
s[a][b].r=d;
}
work();
return 0;
}
0 0
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