BZOJ 1225: [HNOI2001] 求正整数 数论,爆搜剪枝
来源:互联网 发布:防止恢复格式化数据 编辑:程序博客网 时间:2024/05/18 01:44
Description
对于任意输入的正整数n,请编程求出具有n个不同因子的最小正整数m。例如:n=4,则m=6,因为6有4个不同整数因子1,2,3,6;而且是最小的有4个因子的整数。
Input
n(1≤n≤50000)
Output
m
Sample Input
4
Sample Output
6
解法: 首先介绍一下约数公式,对于一个给定的整数n = p1^a1*p2^a2*p3^a3…pk^ak。得到n的约数个数为(a1+1)(a2+1)(a3+1)…(ak+1)。可以容易算出这里对答案有贡献的质因数最大为16,我们可以考虑爆搜加剪枝。我们考虑一下如何设计DFS函数。dfs(int x, int y, int z),x表示搜索到的正整数,y表示x的因数个数,z表示已经搜索到了第z个质数。这样取搜是会T的,我们考虑剪枝,枚举当前质数的指数i时,y%(i+1)==0,那么就是求y的因数,时间复杂度sqrt(y)。还有一个trick是x是会爆long long,怎么办?dfs套高精度?不,我们可以取对数log(n)=Σa[i]*log(pri[i]),就是把约数公式两边同时取自然对数。然后去爆搜就可以了,最后输出答案的时候要用高精度乘法去计算一下然后输出就可以了。
题解参考:http://blog.csdn.net/rlt1296/article/details/53053790
//BZOJ 1225#include <bits/stdc++.h>using namespace std;int pri[] = {0,2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53};int n, ans[100005], res[21], tmp[21];double lg[21], mn=DBL_MAX;void input(){ scanf("%d", &n); for(int i=1; i<=16; i++) lg[i] = log(pri[i]);}void dfs(double x, int y, int z){//现在的数是e^x,还剩下y个因子,选到第z个质数 if(x >= mn) return; if(y == 1){ mn = x; memset(res, 0, sizeof(res)); for(int i=1; i<=z-1;i++) res[i]=tmp[i]; return; } if(z>16) return; for(int i = 0; (i+1)*(i+1)<=y; i++){ if(y%(i+1)==0) { if(i != 0){ tmp[z] = i; dfs(x+lg[z]*i, y/(i+1), z+1); } if((i+1)*(i+1)!=y){ tmp[z] = y/(i+1)-1; dfs(x+lg[z]*(y/(i+1)-1), i+1, z+1); } } }}void work(){ dfs(0, n, 1);}void output(){ ans[0]=ans[1]=1; for(int i=1;i<=16;i++){ for(;res[i]>0;res[i]--){ for(int j=1;j<=ans[0];j++) ans[j]*=pri[i]; for(int j=1;j<=ans[0];j++) ans[j+1]+=ans[j]/10, ans[j]%=10; if(ans[ans[0]+1]!=0) ans[0]++; while(ans[ans[0]]/10!=0){ ans[ans[0]+1] += ans[ans[0]]/10; ans[ans[0]] %= 10; ++ans[0]; } } } for(int i = ans[0]; i>=1; i--){ printf("%d", ans[i]); } printf("\n");}int main(){ input(); work(); output(); return 0;}
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