动态规划--打地鼠
来源:互联网 发布:清洗过期淘宝二次审核 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 09:36
1、每一个时刻我们只能打一只地鼠,并且打完以后该时刻出现的所有地鼠都会立刻消失;
2、老鼠出现的位置在一条直线上,如果上一个时刻我们在x1位置打地鼠,下一个时刻我们在x2位置打地鼠,那么,此时我们消耗的能量为abs( x1 - x2 );
3、打第一只地鼠无能量消耗。
现在,我们知道每个时刻所有冒出地面的地鼠位置,若在每个时刻都要打到一只地鼠,请计算最小需要消耗多少能量。
输入数据包含多组测试用例;
每组数据的第一行是2个正整数N和K(1 <= N <= 20, 1 <= K <= 10 ),表示有N个时刻,每个时刻有K只地鼠冒出地面;
接下来的N行,每行表示一个时刻K只地鼠出现的坐标(坐标均为正整数,且<=500)。
分析:
在每个位置(时间t)可以选择向(时间t + 1)从0...k - 1个共k个位置移动。//时间1..n
而决定向k中哪个端点移动的是,向哪个端点移动后,可以取得最小花费。
在倒数第二层,即时间n - 1时,决策的依据就是,到达时间n的那个端点,路径最短。
设状态dp[ i ][ j ]为时间i,坐标为j时的最小花费
得到 1.递推方程 dp[ i ][ j ] = i + 1时刻所有有地鼠的坐标中,min(dp[ i + 1 ][i + 1时刻有地鼠的坐标] + 2个坐标间移动的花费)
2.边界条件 dp[n - 1][ j ] = 时刻i所有有地鼠的坐标,移动到j的花费
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <vector>
#include <cstring>
#include <cmath>
using namespacestd;
const int maxn =22;
const int maxx =505;
const int INF =1 << 20;
int dp[maxn][maxx];
int n,k,t;
vector<int> vec[maxn];
void init()
{
for (int i =1; i <= n; i ++) {
vec[i].clear();
}
for (int i =1; i <= n; i ++) {
for (int j =1; j < maxx; j ++) {
dp[i][j] =INF;
}
}
}
void solve()
{
for (int i =n; i > 0; i --) {
vector<int> &v =vec[i];
if (i ==n) {
for (int j =0; j < k; j ++) {
dp[i][v[j]] =0;
}
}
else {
for (int j =0; j < k; j ++) {
int m =INF;
for (int q =0; q < k; q ++) {
m = min(m,dp[i +1][vec[i +1][q]] +abs(v[j] -vec[i + 1][q]));
}
dp[i][v[j]] = m;
}
}
}
}
int main()
{
while (scanf("%d%d",&n,&k) != EOF) {
for (int i =1; i <= n; i ++) {
for (int j =0; j < k; j ++) {
scanf("%d",&t);
vec[i].push_back(t);
}
}
init();
solve();
int res =INF;
for (int j =0; j < k; j ++) {
res = min(res,dp[1][vec[1][j]]);
}
printf("%d\n",res);
}
return0;
}
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