Codeforces 340E 错排问题dp
来源:互联网 发布:卡巴斯基 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 03:37
题意:
题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/340/E
给出一串长度为n的序列a,将1~n填入序列中-1的位置,使得整个序列是一个1~n的排列,而且保证a[i]!=i,问一共有多少种构造方案。
思路:
错排问题,这里有了限制条件,有些位置已经被数字填过。
这里将数字分成不同的类型:
- 已经被用过的数不用考虑
- 没有被用过的数,但自己的位置已经被占用,这种数为无限制数,因为可以填在任意-1的位置,这样的数有cnt2个
- 没有被用过的数,而且自己的位置没有被占用,这种数为有限制数,它不能填在自己的位置上,这样的数有cnt1个
那么先填有限制数,因为很显然无限制数可以填在任意-1位置,最后有限制的数的方案数乘上无限制数的全排列数即可。
设dp[i]为i个有限制的数填好满足条件的方案数,考虑第i个数:
- 它可以填在任意无限制数的最终能填的位置上,错排数+1,从dp[i-1]转移过来,一共有cnt2个无限制数,所以方案数为cnt2
- 若前i-1个数全部错排,那么它可以和这i-1个数的任意一个交换位置,构造出前i个数完全错排,从dp[i-1]转移过来,方案数为i-1
- 若前i-1个数中有i-2个数完全错排,只有1个数排对,拿第i个数和这个排对的数交换,也可以构造出前i个数完全错排,这个排对的数有i-1种可能,因此方案数为i-1,从dp[i-2]转移过来
因此状态转移方程为:
dp[i] = dp[i-1] * cnt2 + dp[i-1] * (i-1) + dp[i-2] * (i-1)
最后dp[cnt1] * f[cnt2]即为答案,其中f[cnt2]为cnt2的阶乘。
代码:
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long LL;const LL MOD = 1e9 + 7;const int MAXN = 2005;LL dp[MAXN], f[MAXN];int a[MAXN], pos[MAXN], vis[MAXN];int main() { // freopen("in.txt", "r", stdin); int n; scanf("%d", &n); memset(pos, 0, sizeof(pos)); memset(vis, 0, sizeof(vis)); for (int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%d", &a[i]); vis[a[i]] = 1; if (a[i] == -1) continue; pos[i] = 1; } f[0] = 1; for (int i = 1; i <= n; i++) { f[i] = f[i - 1] * i % MOD; } int cnt1 = 0, cnt2 = 0; for (int i = 1; i <= n; i++) { if (!vis[i]) { if (!pos[i]) ++cnt1; else ++cnt2; } } dp[0] = 1; for (int i = 1; i <= cnt1; i++) { dp[i] = (dp[i] + dp[i - 1] * cnt2 % MOD) % MOD; LL t = ((i - 1) % MOD + MOD) % MOD; dp[i] = (dp[i] + dp[i - 1] * t % MOD) % MOD; if (i >= 2) dp[i] = (dp[i] + dp[i - 2] * t % MOD); } printf("%I64d\n", dp[cnt1] * f[cnt2] % MOD); return 0;}
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