01背包问题收录.
来源:互联网 发布:js1-400拌和机技术数据 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 00:58
首先01背包题目的雏形是
有N件物品和一个容量为V的背包。第i件物品的费用是c[i],价值是w[i]。求解将哪些物品装入背包可使价值总和最大。
从这个题目中可以看出,01背包的特点就是:每种物品仅有一件,可以选择放或不放。
其状态转移方程是:
f[i][v]=max{f[i-1][v],f[i-1][v-c[i]]+w[i]}
对于这方方程其实并不难理解,方程之中,现在需要放置的是第i件物品,这件物品的体积是c[i],价值是w[i],因此f[i-1][v]代表的就是不将这件物品放入背包,而f[i-1][v-c[i]]+w[i]则是代表将第i件放入背包之后的总价值,比较两者的价值,得出最大的价值存入现在的背包之中。
理解了这个方程后,将方程代入实际题目的应用之中,可得
for(i = 1; i<=n; i++) { for(j = v; j>=c[i]; j--)//在这里,背包放入物品后,容量不断的减少,直到再也放不进了 { f[i][v]=max(f[i-1][v],f[i-1][v-c[i]]+w[i]); } }
理解了01背包之后,下面就来看看实际的题目
HDU2546:饭卡
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2546
很经典的一道01背包题,要注意的是这里只要剩余的钱不低于5元,就可以购买任何一件物品,所以5在这道题中是很特许的,再使用01背包之前,我们首先要在现在所拥有的余额中保留5元,用这五元去购买最贵的物品,而剩下的钱就是背包的总容量,可以随意使用,因此可得代码
#include <stdio.h> #include <algorithm> using namespace std; int cmp(int a,int b) { return a<b; } int main() { int n; while(~scanf("%d",&n),n) { int i,price[2013]= {0},dp[2013] = {0}; for(i = 1; i<=n; i++) scanf("%d",&price[i]); sort(price+1,price+1+n,cmp); int MAX=price[n]; int j,m; scanf("%d",&m); if(m<5)//低于5元不能购买 { printf("%d\n",m); continue; } m-=5;//取出5元用于购买最贵的物品 for(i = 1; i<n; i++)//01背包 { for(j = m;j>=price[i];j--) { dp[j] = max(dp[j],dp[j-price[i]]+price[i]); } } printf("%d\n",m+5-dp[m]-MAX); } return 0; }
HDU1171:Big Event in HDU
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1171
这道题咋看有点复杂,其实也只是换了一种思维,因为题目要求要尽量平均分配,所以我们可以先将总价值sum求出,然后得出其分配的平均值为sum/2,要注意这个答案可能为小数,但是又因为sum是整数,所以最后得出的sum/2是要小于等于实际的值。将这个结果进行01,背包,可以得出其中一个宿舍所得的最大价值,而另一个宿舍的最大价值也可以相应的得到,而前者必定小于等于后者。
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> using namespace std; int val[5005]; int dp[255555]; int main() { int n,i,j,a,b,l,sum; while(~scanf("%d",&n),n>0) { memset(val,0,sizeof(val)); memset(dp,0,sizeof(dp)); l = 0; sum = 0; for(i = 0;i<n;i++) { scanf("%d%d",&a,&b); while(b--) { val[l++] = a;//将价值存入数组 sum+=a; } } for(i = 0;i<l;i++) { for(j = sum/2;j>=val[i];j--)//01背包 { dp[j] = max(dp[j],dp[j-val[i]]+val[i]); } } printf("%d %d\n",sum-dp[sum/2],dp[sum/2]); } return 0; }
HDU2602:Bone Collector
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2602
经典的01背包题,给出了石头的数量与背包的容量,然后分别给出每个石头的容量与价值,要求最优解,经过前面的练手,这道题已经是很简单了,可以说是01背包果题。
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> using namespace std; struct Node { int h; int v; } node[1005]; int main() { int t,n,m,l; int dp[1005]; scanf("%d",&t); while(t--) { scanf("%d%d",&n,&m); int i; for(i = 1; i<=n; i++) scanf("%d",&node[i].h); for(i = 1; i<=n; i++) scanf("%d",&node[i].v); memset(dp,0,sizeof(dp)); for(i = 1; i<=n; i++) { for(l = m; l>=node[i].v; l--) dp[l] = max(dp[l],dp[l-node[i].v]+node[i].h); } printf("%d\n",dp[m]); } return 0; }
HDU2639:Bone Collector II(01背包第k优解)
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2639
解决了上面那倒题目之后,这道题跟上面的题目有些不同,因为这里要求的是第K优解
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> using namespace std; struct Node { int price; int val; } node[1005]; int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n,v,k,i,dp[1005][31] = {0},a[31],b[31]; scanf("%d%d%d",&n,&v,&k); for(i = 0; i<n; i++) scanf("%d",&node[i].price); for(i = 0; i<n; i++) scanf("%d",&node[i].val); int j; for(i = 0; i<n; i++) { for(j = v; j>=node[i].val; j--) { int cnt = 0,d; for(d = 1; d<=k; d++)//分别将放入第i个石头与不放第i个石头的结果存入a,b,数组之中 { a[d] = dp[j-node[i].val][d]+node[i].price; b[d] = dp[j][d]; } int x,y,z; x = y = z = 1; a[d] = b[d] = -1; while(z<=k && (x<=k || y<=k))//循环找出前K个的最优解 { if(a[x] > b[y]) { dp[j][z] = a[x]; x++; } else { dp[j][z] = b[y]; y++; } if(dp[j][z]!=dp[j][z-1]) z++; } } } printf("%d\n",dp[v][k]); } return 0; }
HDU2955:Robberies
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2955
这道题有点特别,咋看之下其状态转移方程似乎有些不同,但事实上远离是相通的,要注意其精度
#include <stdio.h> #include <algorithm> using namespace std; struct Bank { int money; double p; } bank[10005]; int main() { int n,t; double p; scanf("%d",&t); while(t--) { scanf("%lf%d",&p,&n); p = 1-p; int i,j,sum = 0; for(i = 0; i<n; i++) { scanf("%d%lf",&bank[i].money,&bank[i].p); bank[i].p = 1-bank[i].p; sum+=bank[i].money; } double dp[10005]= {1.0}; for(i = 0; i<n; i++) { for(j = sum; j>=bank[i].money; j--) { dp[j] = max(dp[j],dp[j-bank[i].money]*bank[i].p); } } for(i = sum; i>=0; i--) { if(dp[i]-p>0.000000001) { printf("%d\n",i); break; } } } return 0; }
HDU3466:Proud Merchants
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3466
这道题由于规定了手上的前低于q时就不能购买该样东西,所以要先将商品按q-p排序,剩下的就是简单的01背包了
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> using namespace std; struct node { int p,q,v; } a[555]; int cmp(node x,node y)//按q-p排序,保证差额最小为最优 { return x.q-x.p<y.q-y.p; } int main() { int n,m,i,j; int dp[5555]; while(~scanf("%d%d",&n,&m)) { for(i = 0; i<n; i++) scanf("%d%d%d",&a[i].p,&a[i].q,&a[i].v); memset(dp,0,sizeof(dp)); sort(a,a+n,cmp); for(i = 0; i<n; i++) { for(j = m; j>=a[i].q; j--)//剩余的钱大于q才能买 { dp[j] = max(dp[j],dp[j-a[i].p]+a[i].v);//这里的j-a[i].p决定了之前的排序方法 } } printf("%d\n",dp[m]); } return 0; }
HDU1864:最大报销额
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1864
题目中药注意的有几样,首先每张发票中单件物品价格不能超过600,其次发票总额不能超过1000,而且发票上的物品必须是ABC三类,将满足以上条件的发票存入数组之中,就是裸01背包
#include <stdio.h> #include <algorithm> #include <string.h> using namespace std; int dp[3000050];//由于每张发票不超过1000,最多30张,扩大100倍数后开这么大即可 int main() { char ch; double x,y; int sum,a,b,c,money[35],v; int t,i,j,k; while(~scanf("%lf%d",&x,&t),t) { sum = (int)(x*100);//将小数化作整数处理 memset(money,0,sizeof(money)); memset(dp,0,sizeof(dp)); int l = 0; for(i = 0; i<t; i++) { scanf("%d",&k); a = b = c = 0; int flag = 1; while(k--) { scanf(" %c:%lf",&ch,&y); v = (int)(y*100); if(ch == 'A' && a+v<=60000) a+=v; else if(ch == 'B' && b+v<=60000) b+=v; else if(ch == 'C' && c+v<=60000) c+=v; else flag = 0; } if(a+b+c<=100000 && a<=60000 && b<=60000 && c<=60000 && flag)//按题意所说,必须满足这些条件 money[l++] = a+b+c; } for(i = 0; i<=l; i++) { for(j = sum; j>=money[i]; j--) dp[j] = max(dp[j],dp[j-money[i]]+money[i]); } printf("%.2lf\n",dp[sum]/100.0); } return 0; }
SDUT3358
http://acm.sdut.edu.cn/onlinejudge2/index.php/Solution/submitsolution/pid/3358.html
高数Umaru系列(9)——哈士奇
Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536KB
Submit Statistic
Problem Description
由于高数巨养的喵星人太傲娇了,要天天吃新鲜猫粮而且还经常欺负高数巨,所以高数巨决定买几条哈士奇尝尝鲜。这天高数巨来到了二手狗市场买哈士奇,高数巨看完了所有的哈士奇,记下了每条哈士奇的价格,并根据对它们的好感程度给它们每只都赋予了一个萌值。高数现在手里有X元,她想通过购买若干条哈士奇来获得尽可能多的萌值。现在给定高数巨手里的钱X以及N条哈士奇的价格和萌值,求高数巨最多可获得多少萌值
Input
多组输入。
对于每组输入,第一行有两个整数N,X(1 < = N < = 100,1 < = X < = 1000),分别表示哈士奇的数量和高数巨的钱数
接下来的N行每行有两个整数Pi,Mi(1 < = Pi,Mi < = 100),分别表示第i条哈士奇的价格和萌值
Output
对于每组数据,输出一个整数,表示高数巨最多可以获得的萌值,每组输出占一行
Example Input
2 100
50 20
60 40
3 100
20 55
20 35
90 95
1 10
20 50
Example Output
40
95
0
Hint
Author
Shannon
01背包问题,是用来介绍动态规划算法最经典的例子,网上关于01背包问题的讲解也很多,我写这篇文章力争做到用最简单的方式,最少的公式把01背包问题讲解透彻。
01背包的状态转换方程 f[i,j] = Max{ f[i-1,j-Wi]+Pi( j >= Wi ), f[i-1,j] }
f[i,j]表示在前i件物品中选择若干件放在承受能力为j的背包中,可以取得的最大价值。
Pi表示第i件物品的价值。
决策:为了背包中物品总价值最大化,第 i件物品应该放入背包中吗 ?
对于这个状态转移方程来说,通俗易懂的暴力解释就是,现在有一个价格为2的物品,你手里有一个承受能力为8的背包,并且已经装满了,那么我怎么知道此摆在我面前的价格为2的物品能不能增加我的背包内的价值呢?
很简单,这个时候我们就应该找到,当前背包重量减去2时,也就是8-2 = 6时的最大价值,看看加上眼前物品是否比原来大,大就装上,不大就放弃。(可能现在不太理解,后面还会提到)
题目描述:
有编号分别为a,b,c,d,e的五只哈士奇,它们的价格分别是2,2,6,5,4,它们的价值分别是6,3,5,4,6,现在给你个承受能力为10的背包,如何让背包里装入的哈士奇具有最大的价值总和?
只要你能通过找规律手工填写出上面这张表就算基本理解了01背包的动态规划算法。
首先要明确这张表是至底向上,从左到右生成的。
为了叙述方便,用e2单元格表示e行2列的单元格,这个单元格的意义是用来表示只有物品e时,有个承受能力为2的背包,那么这个背包的最大价值是0,因为e物品的重量是4,背包装不了。
对于d2单元格,表示只有物品e,d时,承受能力为2的背包,所能装入的最大价值,仍然是0,因为物品e,d都不是这个背包能装的。
同理,c2=0,b2=3,a2=6。
对于承受能力为8的背包,a8=15,是怎么得出的呢?
根据01背包的状态转换方程,需要考察两个值,
一个是f[i-1,j],对于这个例子来说就是b8的值9,另一个是f[i-1,j-Wi]+Pi;
在这里,
f[i-1,j]表示我有一个承受能力为8的背包,当只有物品b,c,d,e四件可选时,这个背包能装入的最大价值
f[i-1,j-Wi]也就是指单元格b6,值为9,Pi指的是a物品的价值,即6
由于f[i-1,j-Wi]+Pi = 9 + 6 = 15 大于f[i-1,j] = 9,所以物品a应该放入承受能力为8的背包
这个时候我们再来回头看上面状态转移方程的暴力解释
f[i,j] = Max{ f[i-1,j-Wi]+Pi( j >= Wi ), f[i-1,j] }
对于这个状态转移方程来说,通俗易懂的暴力解释就是,现在有一个价格为2的物品,你手里有一个承受能力为8的背包,并且已经装满了,那么我怎么知道此摆在我面前的价格为2的物品能不能增加我的背包内的价值呢?
很简单,这个时候我们就应该找到,当前背包重量减去2时,也就是8-2 = 6时的最大价值,看看加上眼前物品是否比原来大,大就装上,不大就放弃
AC Code:
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;int main(){ int p, m; int i, j, n, x; while(cin>>n>>x) { int f[1001][1001] = {0}; for(i = 1; i <= n; i++) { cin>>p>>m; for(j = 0; j <= x; j++) { f[i][j] = (i == 1? 0:f[i-1][j]); if(j >= p) { f[i][j] = max(f[i-1][j],f[i-1][j-p]+m); } } } cout<<f[n][x]<<endl; } return 0;}
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