cogs 2079Asm_def的三角形解题报告
来源:互联网 发布:淘宝客佣金查询插件 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 08:13
【题目描述】
Asm.Def已经突破了圣迭戈的基础防御设施,来到了透明计算网络所在的机房,发现事情并非想象的那样简单。
由于透明计算网络的特性,可以实现文件多节点储存、计算资源的实时调度。摧毁它并非易事。透明计算网络可以抽象成一张图,它的每个节点都互相连接。透明计算网络采用的调度策略有缺陷,如果使整张网络中任意(即所有)三个点组成的三角形,之间的链接断开一条或者三条全部断开,可使得整个服务离线。
现在有些链接被加固,即不可能被断开。有些链接已经被断开。现在让你选择断开一些链接使得整个服务离线,有多少种方案呢?方案数对998244353取模。认为两个方案不同仅当存在一条边在这两个方案中一个被断开,另一个没有断开。
【输入格式】
第一行两个整数n和m,表示有n个节点,和已经有m个链接被断开或者加固。
接下来m行每行三个整数op u v,op为1是表示u和v的链接被加固,op为0是表示u和v的链接被断开。
【输出格式】
一行一个整数,表示有多少中方案。方案数对998244353取模。
【样例输入1】
3 0
【样例输出1】
4
【样例输入1说明】
样例一解释
可以断开1-2,2-3,1-3的链接,或1-2的链接,或2-3的链接,或1-3的链接。共4种方案
【样例输入2】
4 40 1 20 2 31 3 41 4 1
【样例输出2】
1
【样例输入2说明】
只能断开1-3,使得三角形(1,2,3)全部被断开,三角形(1,4,3)只被断开一条边
【样例输入3】
4 40 1 20 2 31 3 40 4 1
【样例输出3】
0
【数据规模与约定】
30%的数据,1 <= n <= 7,m <= 21
另外40%的数据,1 <= n <= 100000,m = 0
另外30%的数据,1 <= n <= 100000,m <= 100000
考虑和1号点的连接方法
若i,j之间连虚边 则1->i==i->j 可以用并查集合并
如果i,j之间连实边 则1->i!=1->j 用二分图染色判断合法性
答案为2^(二分图个数-1)(去掉1号点)
代码:
#include <iostream>#include <cstdio>#include <algorithm>#include <vector>#include <cstring>using namespace std;const int maxn=100000+10;const int MOD=998244353;vector<int>A[maxn];int fa[maxn];int color[maxn];int pre[maxn];int n,m;int ok;int a[maxn],b[maxn],c[maxn];inline int find(int x){if(fa[x]==x)return x;return fa[x]=find(fa[x]);}inline void cant(){puts("0");exit(0);}inline void dfs(int u,int c){if(color[u]){if(color[u]!=c) cant();return;}color[u]=c;c=3-c;for(int i=0;i<A[u].size();i++){int v=A[u][i];dfs(v,c);}}inline long long qpow(int k){if(!k)return 1;if(k==1)return 2;long long tmp=qpow(k/2)%MOD;tmp=tmp*tmp%MOD;if(k&1)tmp=tmp*2%MOD;return tmp;}int main(){freopen("tria.in","r",stdin);freopen("tria.out","w",stdout);int n,m;scanf("%d %d",&n,&m);for(int i=1;i<=n;i++)fa[i]=i;for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%d %d %d",&a[i],&b[i],&c[i]);if(b[i]>c[i])swap(b[i],c[i]);}for(int i=1;i<=m;i++){if(a[i]==0){int fy=find(b[i]),fz=find(c[i]);if(fy!=fz)fa[fy]=fz;}}for(int i=1;i<=n;i++)find(i);for(int i=1;i<=m;i++){if(a[i]){int fy=find(b[i]),fz=find(c[i]);A[fy].push_back(fz);A[fz].push_back(fy);}}int cnt=0;for(int i=1;i<=n;i++){if(fa[i]==i&&!color[i]){dfs(i,1);cnt++;}}printf("%lld\n",qpow(cnt-1)%MOD);//for(int i=1;i<=n;i++)//printf("%d\n",fa[i]);/*int size=0;for(int i=1;i<=n;i++)if(fa[i]==i){printf("0 ");size++;for(int j=0;j<A[i].size();i++){printf("%d ",A[i][j]);size++;}puts("");}*/return 0;}
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