1813:熄灯问题(2.1基本算法之枚举)
来源:互联网 发布:平凉切纸机数据 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 15:05
1813:熄灯问题
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描述
有一个由按钮组成的矩阵,其中每行有6个按钮,共5行。每个按钮的位置上有一盏灯。当按下一个按钮后,该按钮以及周围位置(上边、下边、左边、右边)的灯都会改变一次。即,如果灯原来是点亮的,就会被熄灭;如果灯原来是熄灭的,则会被点亮。在矩阵角上的按钮改变3盏灯的状态;在矩阵边上的按钮改变4盏灯的状态;其他的按钮改变5盏灯的状态。
在上图中,左边矩阵中用X标记的按钮表示被按下,右边的矩阵表示灯状态的改变。对矩阵中的每盏灯设置一个初始状态。请你按按钮,直至每一盏等都熄灭。与一盏灯毗邻的多个按钮被按下时,一个操作会抵消另一次操作的结果。在下图中,第2行第3、5列的按钮都被按下,因此第2行、第4列的灯的状态就不改变。
请你写一个程序,确定需要按下哪些按钮,恰好使得所有的灯都熄灭。根据上面的规则,我们知道1)第2次按下同一个按钮时,将抵消第1次按下时所产生的结果。因此,每个按钮最多只需要按下一次;2)各个按钮被按下的顺序对最终的结果没有影响;3)对第1行中每盏点亮的灯,按下第2行对应的按钮,就可以熄灭第1行的全部灯。如此重复下去,可以熄灭第1、2、3、4行的全部灯。同样,按下第1、2、3、4、5列的按钮,可以熄灭前5列的灯。
输入
5行组成,每一行包括6个数字(0或1)。相邻两个数字之间用单个空格隔开。0表示灯的初始状态是熄灭的,1表示灯的初始状态是点亮的。
输出
5行组成,每一行包括6个数字(0或1)。相邻两个数字之间用单个空格隔开。其中的1表示需要把对应的按钮按下,0则表示不需要按对应的按钮。
样例输入
0 1 1 0 1 0
1 0 0 1 1 1
0 0 1 0 0 1
1 0 0 1 0 1
0 1 1 1 0 0
样例输出
1 0 1 0 0 1
1 1 0 1 0 1
0 0 1 0 1 1
1 0 0 1 0 0
0 1 0 0 0 0
http://vision.ouc.edu.cn/~zhenghaiyong/courses/hlp/2016fall/mooc/%E7%A8%8B%E5%BA%8F%E8%AE%BE%E8%AE%A1%E4%B8%8E%E7%AE%97%E6%B3%95%E4%B8%93%E9%A1%B9%E8%AF%BE%E7%A8%8BPPT/%E7%AE%97%E6%B3%95%E5%9F%BA%E7%A1%80/week2-%E6%9E%9A%E4%B8%BE/W11-02_%E6%9E%9A%E4%B8%BE-%E7%86%84%E7%81%AF%E9%97%AE%E9%A2%98.pdf
#include<iostream>using namespace std;//http://noi.openjudge.cn/ch0201/1813///感觉很难,关键是如何想到这么简便的方法呢 int pu[8][8],pr[8][8];bool guess(){ for(int i=1;i<5;i++){ for(int j=1;j<7;j++){ pr[i+1][j]=(pu[i][j]+pr[i][j]+pr[i-1][j]+ pr[i][j-1]+pr[i][j+1])%2; } } for(int j=1;j<7;j++){ if((pr[5][j]+pr[5][j-1]+pr[5][j+1]+pr[4][j])%2!=pu[5][j]){ return false; } } return true;}void enumerate(){ //模拟二进制的进位加法 int c; bool s; for(c=1;c<7;c++){ pr[1][c]=0; } while(!guess()){ pr[1][1]++; c=1; while(pr[1][c]>1){ pr[1][c]=0; c++; pr[1][c]++; } } return;}int main(){ for(int i=1;i<=5;i++){ for(int j=1;j<=6;j++){ cin>>pu[i][j]; } } //枚举第一行 enumerate(); for(int i=1;i<=5;i++){ for(int j=1;j<=6;j++){ cout<<pr[i][j]<<" "; } cout<<endl; }}
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