BZOJ 4808 二分图最大点独立集
来源:互联网 发布:网络科学导论 课件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 03:35
4808: 马
Description
众所周知,马后炮是中国象棋中很厉害的一招必杀技。”马走日字”。本来,如果在要去的方向有别的棋子挡住(俗
称”蹩马腿”),则不允许走过去。为了简化问题,我们不考虑这一点。马跟马显然不能在一起打起来,于是rly在
一天再次借来了许多许多的马在棋盘上摆了起来……但这次,他实在没兴趣算方案数了,所以他只想知道在N×M的
矩形方格中摆马使其互不吃到的情况下的最多个数。但是,有一个很不幸的消息,rly由于玩得太Happy,质量本来
就不好的棋盘被rly弄坏了,不过幸好只是破了其中的一些格子(即不能再放子了),问题还是可以继续解决的。
Input
一行,两个正整数N和M。
接下来N行,每行M个数,要么为0,表示没坏,要么为1,表示坏了。N<=200,M<=200
Output
一行,输出最多的个数。
Sample Input
2 3
0 1 0
0 1 0
Sample Output
2
【解题报告】
经典的染色策略。互相可以吃到的点染上不同颜色,那么我们会得到一个二分图。最大独立集大小=点数-最大匹配。
自己的匈牙利一开始写错了,标记大到了边上而非点上,浪费了很多时间来差错。
代码如下:
/************************************************************** Problem: 4808 User: onepointo Language: C++ Result: Accepted Time:312 ms Memory:6172 kb****************************************************************/#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;#define hash(A,B) ((A)*m-m+B)#define ok(A,B) (A>=1&&A<=n&&B>=1&&B<=m&&!mp[A][B])#define N 40010#define M 500010int m,n,flow,sum;int cnt,head[N],vis[N],match[N],mp[250][250];struct Edge{int to,nxt;}e[M];int dis[8][2]={{-1,2},{-1,-2},{1,2},{1,-2},{-2,1},{-2,-1},{2,1},{2,-1}};void adde(int u,int v){ e[++cnt].to=v; e[cnt].nxt=head[u]; head[u]=cnt;}bool dfs(int u,int flag){ for(int i=head[u];~i;i=e[i].nxt) { int v=e[i].to; if(vis[v]==flag) continue; vis[v]=flag; if(!match[v]||dfs(match[v],flag)) { match[v]=u; return 1; } } return 0;}int main(){ cnt=0;sum=0;flow=0; memset(head,-1,sizeof(head)); scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) scanf("%d",&mp[i][j]); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) { if(mp[i][j]) continue;sum++; if((i^j)&1) { for(int k=0;k<8;++k) if(ok(i+dis[k][0],j+dis[k][1])) { adde(hash(i,j),hash(i+dis[k][0],j+dis[k][1])); } } } for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) { if(mp[i][j]) continue; if((i^j)&1) { int p=hash(i,j); if(dfs(p,p)) flow++; } } printf("%d\n",sum-flow); return 0;}
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