Atcoder Regular contest 085F NRE 线段树+DP
来源:互联网 发布:闪讯网络电缆没有连接 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 06:17
题意:给你两个序列,a全部为0,b给出,给出一些区间,可以把a上的这些区间变为全1,要求操作以后两个序列对应位置不相同的个数最小,n<=2e5.
说实话这种区间操作很容易想到线段树,但是我没想到DP,水了水了。。
主要还是题目的模型没化出来吧,直接做其实是不可做的。。
把(ai,bi)看成是一个数对,那么答案其实就是(1,0)和(0,1)的数量,也就相当于(0,1)+(0/1,0)-(0,0)的最小值,注意到(0/1,0)的数量是固定的,那么要求的实际就是(0,1)-(0,0)的最小值.
设f[i][j]表示以i为起点,终点在j的最优答案,其中前i个已经计算完了,那么我们只要算出这个区间(i,j)的答案即可更新。
由于是区间01的数量用线段树优化即可。注意到开始可以不选,所以起始点为0.
#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#include<vector>#define pb push_back#define fo(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)#define fd(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)using namespace std;int n,m;const int inf=2e9;const int N=2e5+5;int b[N],sum[N],f[N];struct node{ int l,r;}a[N];struct tree{ int l,r,mn;}t[N*20];vector<int>g[N];inline void build(int x,int l,int r){ t[x].l=l,t[x].r=r; if (l==r) { t[x].mn=f[l]-sum[l]; return; } int mid=(l+r)>>1; build(x<<1,l,mid); build(x<<1|1,mid+1,r); t[x].mn=min(t[x<<1].mn,t[x<<1|1].mn);}inline void change(int x,int pos){ if (t[x].l==t[x].r) { t[x].mn=f[t[x].l]-sum[t[x].l]; return; } int mid=(t[x].l+t[x].r)>>1; if(pos<=mid)change(x<<1,pos); else change(x<<1|1,pos); t[x].mn=min(t[x<<1].mn,t[x<<1|1].mn); }inline int query(int x,int l,int r){ if (l<=t[x].l&&t[x].r<=r)return t[x].mn; int mid=(t[x].l+t[x].r)>>1; int ret=inf; if (l<=mid)ret=query(x<<1,l,r); if (r>mid)ret=min(ret,query(x<<1|1,l,r)); return ret;}int main(){ scanf("%d",&n); fo(i,1,n) { scanf("%d",&b[i]); sum[i]=sum[i-1]+(b[i]^1); } scanf("%d",&m); fo(i,1,m) { scanf("%d%d",&a[i].l,&a[i].r); g[a[i].l-1].pb(a[i].r); } fo(i,1,n)f[i]=inf; build(1,0,n); fo(i,0,n) { if (i) { f[i]=min(f[i],f[i-1]+b[i]); change(1,i); } for(int j=0;j<g[i].size();j++) { int tmp=query(1,i,g[i][j]-1); f[g[i][j]]=min(f[g[i][j]],tmp+sum[g[i][j]]); change(1,g[i][j]); } } printf("%d\n",f[n]);}
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