poj 2663 Tri Tiling
来源:互联网 发布:单代号搭接网络 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 11:14
题目:poj 2663 Tri Tiling
题意:覆盖问题
思路:状态压缩? 反正可以
对于当前列的状态表示成长度为3的01串之后,枚举可以得到下一个状态的情况,构造操作矩阵,然后对初始矩阵从000出发(所以该值为1)
构造一个8 * 8 (2^3)的矩阵 注意枚举仅处理当前列的状态,不然对于下一列的状态会重复计算
#include <cstdio>#include <iostream>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cmath>using namespace std;struct Matrix{ int m[9][9];}E,D;void init(){ for(int i=1;i<=8;i++) for(int j=1;j<=8;j++) { E.m[i][j]=(i==j); D.m[i][j]=0; } D.m[1][2]=1; D.m[1][5]=1; D.m[1][8]=1; D.m[2][1]=1; D.m[2][7]=1; D.m[3][6]=1; D.m[4][5]=1; D.m[5][1]=1; D.m[5][4]=1; D.m[6][3]=1; D.m[7][2]=1; D.m[8][1]=1;}Matrix Multi(Matrix A,Matrix B){ Matrix ans; for(int i=1;i<=8;i++) for(int j=1;j<=8;j++) { ans.m[i][j]=0; for(int k=1;k<=8;k++) ans.m[i][j]+=A.m[i][k]*B.m[k][j]; } return ans;}Matrix Pow(Matrix A,int k){ Matrix ans=E; while(k) { if(k&1) { k--; ans=Multi(ans,A); } else { k/=2; A=Multi(A,A); } } return ans;}int main(){ int n; init(); while(scanf("%d",&n)!=EOF) { if(n==-1) break; Matrix cnt=Pow(D,n); /* for(int i=1;i<=8;i++) { for(int j=1;j<=8;j++) printf("%d ",cnt.m[i][j]); printf("\n"); } */ Matrix tmp; tmp.m[1][1]=1; for(int i=2;i<=8;i++) tmp.m[i][1]=0; Matrix ans; for(int i=1;i<=8;i++) for(int j=1;j<=1;j++) { ans.m[i][j]=0; for(int k=1;k<=8;k++) ans.m[i][j]+=cnt.m[i][k]*tmp.m[k][j]; } printf("%d\n",ans.m[1][1]); } return 0;}
按喵呜所说,这题其实没那么麻烦,也有不需要处理的方法,那就是找规律,然后dp ,对于当前的一个3*n可以进行多次切割,已知3*2的情况会有3种(三个横着的,一个横着两个竖着的上下交换就有两种),题目中的图中存在的那一种可以拓展的,我们可以理解成,中间放m个,上面或者下面放m+1个,两边分别加上两个竖着的,那么对于任意一个大于2的情况 F(n) = 3*F(n-2) + 2* (F(n-4) + F(n-6) + .... + F(2) + F(0) ) ,数据只有30,就把表打出来就ok了
#include <cstdio>#include <iostream>#include <algorithm>#include <cmath>#include <cstring>using namespace std;int dp[31];int solution(int n){ if(n&1) return 0; if(n==0) return 1; if(n==2) return 3; int ans=3*solution(n-2); for(int i=0;i<n-2;i+=2) ans+=2*solution(i); return ans;}void solve(){ for(int i=0;i<=30;i++) dp[i]=solution(i);}int main(){ int n; solve(); while(scanf("%d",&n)!=EOF) { if(n==-1) break; printf("%d\n",dp[n]); } return 0;}
按喵呜所说,这个题没必要用矩阵快速幂做,直接做,然后我根据状态压缩的做法,把上面第一个代码简化了一下写成dp,就像下面写的这样
#include <cstring>#include <iostream>#include <algorithm>#include <cmath>#include <cstdio>using namespace std;int dp[31][8];int main(){ memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[0][0]=1; for(int i=1;i<=30;i++) { dp[i][0]=dp[i-1][1]+dp[i-1][4]+dp[i-1][7]; dp[i][1]=dp[i-1][0]+dp[i-1][6]; dp[i][2]=dp[i-1][5]; dp[i][3]=dp[i-1][4]; dp[i][4]=dp[i-1][3]+dp[i-1][0]; dp[i][5]=dp[i-1][2]; dp[i][6]=dp[i-1][1]; dp[i][7]=dp[i-1][0]; } int n; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { if(n==-1) break; printf("%d\n",dp[n][0]); } return 0;}
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