acm-Game of Connections

来源：互联网发布：日本爱知世博会ppt 编辑：程序博客网时间：2024/04/30 09:33

Game of Connections

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难度：3

描述

This is a small but ancient game. You are supposed to write downthe numbers 1, 2, 3, . . . , 2n - 1, 2n consecutively in clockwiseorder on the ground to form a circle, and then, to draw somestraight line segments to connect them into number pairs. Everynumber must be connected to exactly oneanother.
And, no two segments are allowed tointersect.
It's still a simple game, isn't it? But after you've written downthe 2n numbers, can you tell me in how many different ways can youconnect the numbers into pairs? Life is harder, right?

输入

Each line of the input file will be a single positive number n,except the last line, which is a number -1.
You may assume that 1 <= n <=100.

输出

For each n, print in a single line the number of ways to connectthe 2n numbers into pairs

样例输入

23-1

样例输出

来源

POJ

【链接来源】

http://blog.163.com/lz_666888/blog/static/1147857262009914112922803/

http://baike.baidu.com/view/2499752.htm

Catalan数

　　中文:卡特兰数

　　原理：

　　令h(1)＝1,h(0)=1，catalan数满足递归式：

　　h(n)= h(1)*h(n-1) + h(2)*h(n-2) + ... + h(n-1)h(1)(其中n>=2)

　　另类递归式：

　　h(n)=((4*n-2)/(n+1))*h(n-1);

　　该递推关系的解为：

　　h(n+1)=C(2n,n)/(n+1) (n=1,2,3,...)

　　我并不关心其解是怎么求出来的，我只想知道怎么用catalan数分析问题。

　　我总结了一下，最典型的四类应用：（实质上却都一样，无非是递归等式的应用，就看你能不能分解问题写出递归式了）

　　1.括号化问题。

　　矩阵链乘：P=a1×a2×a3×……×an，依据乘法结合律，不改变其顺序，只用括号表示成对的乘积，试问有几种括号化的方案？(h(n)种)

　　2.出栈次序问题。

　　一个栈(无穷大)的进栈序列为1,2,3,..n,有多少个不同的出栈序列?

　　类似：有2n个人排成一行进入剧场。入场费5元。其中只有n个人有一张5元钞票，另外n人只有10元钞票，剧院无其它钞票，问有多少中方法使得只要有10元的人买票，售票处就有5元的钞票找零？(将持5元者到达视作将5元入栈，持10元者到达视作使栈中某5元出栈)

　　3.将多边行划分为三角形问题。

　　将一个凸多边形区域分成三角形区域的方法数?

　　类似：一位大城市的律师在她住所以北n个街区和以东n个街区处工作。每天她走2n个街区去上班。如果她

　　从不穿越（但可以碰到）从家到办公室的对角线，那么有多少条可能的道路？

　　类似：在圆上选择2n个点,将这些点成对连接起来使得所得到的n条线段不相交的方法数?

　　4.给顶节点组成二叉树的问题。

　　给定N个节点，能构成多少种不同的二叉树？

　　（能构成h（N）个）

Catalan数的解法

Catalan数的组合公式为 Cn=C(2n,n) / (n+1);

此数的递归公式为 h(n ) = h(n-1)*(4*n-2) / (n+1)

代码：

#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int a[101][101] = {0};
int main()
{
    intn,i,j,len,r,temp,t;
    intb[101];
    a[1][0] = 1; // 低坐标存放大数的低位
    len =1;
    b[1] =1;
    for (i = 2;i <= 100; i++)
    {
       t = i - 1;
       for (j=0;j<len;j++) // 模拟乘法,从低位开始
  {
     a[i][j] = a[i-1][j] * (4 * t +2);
    }
       for (r = j = 0; j < len; j++) // 处理相乘结果
       {
           temp = a[i][j] + r;
           a[i][j] = temp % 10;
           r = temp / 10;
       }
       while (r) // 进位处理
       {
           a[i][len++] = r % 10;
           r /= 10;
       }
       for (j = len-1, r = 0; j >= 0; j--) //模拟除法，从高位开始
       {
           temp = r * 10 + a[i][j];
           a[i][j] = temp / (t+2);
           r = temp % (t+2);
       }
       while (!a[i][len-1]) // 高位零处理
    {
     len--;
    }
       b[i] = len; // 记录结果的长度
    }
    while(cin>>n&&n!=-1)
   {
       for(j = b[n] - 1; j >= 0; j--)
  {
     printf("%d",a[n][j]);
    }
       printf("\n");
    }
    return0;
}