选择排序:简单选择、树形选择
来源:互联网 发布:java开发工程师招聘 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 03:16
选择排序(Selection Sort)
经过一趟排序,可以从n-i+1(i=1,2...)个记录中选取关键字最小的记录作为有序序列中第i个记录。也就是说,每一趟排序,都会排好一个元素的最终位置。
最简单的是
简单选择排序(Simple Selection Sort,也叫直接选择排序)
简单选择排序的思想:在每一趟排序中,通过n-i次关键字的比较,从n-i+1个记录中选出关键字最小的记录,并和第i个记录交换,以此确定第i个记录的最终位置。简单说,逐个找出第i小的记录,并将其放到数组的第i个位置。
比较简单,直接看代码;
void SimpleSelectSort(int a[], int n) //简单选择排序 {if(a && n>1){int index;for(int i=0; i<n; i++){index=i;for(int j=i+1; j<n; j++){if(a[j]<a[index])index=j;}if(i!=index){ //交换数据,方法多种a[i]^=a[index];a[index]^=a[i];a[i]^=a[index];} }}}
看下代码,两个for循环,每一个都与n有关,粗略估计时间复杂度是O(n^2)。
下面仔细计算一下:
若初始序列是有序的,则无需移动元素。若是逆序的,则需移动3(n-1)(这个数字有问题!)。每确定一个元素的最终位置,swap()方法中一般3次移动,但确定了最小的,也同时确定了最大的。所以这个3(n-1)不可信。但无论如何,它都是线性的。
无论初始序列的情况如何,都必须进行 (n-1)+(n-2)+...2+1=n(n-1)/2 次比较。
综上所述,它的时间复杂度是O(n^2)。与我们的估计一样。
简单选择有可以改进的地方。选择排序的主要操作在关键字的比较上。比如,在n个元素中选出最小的,要进行n-1次比较,而选出次最小的要进行n-2次比较...。为何下一趟排序,不能利用上一趟排序的比较信息呢?若是可以做到,则极大的减少下一趟排序的比较次数。下面介绍的树形选择排序(Tree Select Sort)就是针对这种情况进行改善的。
树形选择排序又叫锦标赛排序(Tournament Sort)。它类似于比赛的过程。如下图:
叶子节点即是所有的参赛者,两两比较,胜出者参与下一轮,也就是说胜出者上升到父节点。若是参赛者为奇数个,则最后一个参赛者直接晋级。我们按从小到大排序,故小的胜出。上图树顶根节点即最后的胜出者。
貌似我们只能得到最大或最小。是这样,这只是一趟排序的结果嘛。下一趟排序该如何进行呢?做法:把胜出者的兄弟节点上升到父节点位置。从此位置向上调整树。过程如下图:
第二个胜出者是7(亚军)。显然这一趟排序,我们利用了上一趟的排序信息:8与23比较,8胜出。这一趟排序我们没有重复比较,这在元素较多时,效果更加明显。后面的以此类推,是否感觉到很简单呢?其实还有很多的细节(包括一些满二叉树的知识:内节点个数和外节点个数的关系,每一层多少节点……)。它的代码很不好写。如果没有弄明白过程,也很难看懂!
比如,上文的黑体字:把胜出者的兄弟节点上升到父节点位置。看到这句话时,你是否想过:如果兄弟节点已经出局了呢?上图中,7出局后,5会被升上去,而5已经先于7出局了,这样做是否有问题呢?带着这些疑问,反复仔细看下面的代码(结合后面的提示):
#include<iostream> #include<math.h>#include<iomanip>using namespace std;typedef struct rec{int data;int index;bool active; //节点未出局,则是true,其它false }Rec;void fixUpTree(Rec* tree, int pos) //从pos位置向上调整 {int i = pos;if (i % 2) //i位于右子树 tree[(i - 1) / 2] = tree[i + 1]; //左孩子上升到父节点 elsetree[(i - 1) / 2] = tree[i - 1]; //右孩子上升到父节点 i = (i - 1) / 2;int j;while (i) //上升到根节点,则终止循环 {i % 2 ? j = i + 1 : j = i - 1; //确定i的兄弟j的下标 if (!tree[i].active || !tree[j].active) //左右孩子有一个为空 {if (tree[i].active)tree[(i - 1) / 2] = tree[i];elsetree[(i - 1) / 2] = tree[j];}else //左右孩子都不为空 {if (tree[i].data <= tree[j].data)tree[(i - 1) / 2] = tree[i];elsetree[(i - 1) / 2] = tree[j];}i = (i - 1) / 2; //回到上一层 }}void TreeSelectSort(int a[], int n) //树形选择排序 {int i = 0;while (pow(double(2), i) < n)i++;int leaf = pow(2, i); //完全二叉树叶子节点个数 int size = 2 * leaf - 1; //树节点总数 提示3 Rec *tree = new Rec[size]; //顺序存储一棵树 for (i = 0; i < leaf; i++){if (i < n){//leaf-1是叶子节点的起始下标,想想是这样吗?tree[i + leaf - 1].data = a[i];tree[i + leaf - 1].index = i;tree[i + leaf - 1].active = true;}else//叶子节点下标从 leaf-1+n开始,后面都是空的,无此参赛者 tree[i + leaf - 1].active = false; }i = leaf - 1; //提示3 int j;while (i) //上升到根节点,则终止循环 {j = i;while (j<2 * i) //下面的提示4 {//无右节点或右节点已出局,即使存在右节点,其值域也比左节点大 if (!tree[j + 1].active || tree[j + 1].data>tree[j].data) tree[(j - 1) / 2] = tree[j];elsetree[(j - 1) / 2] = tree[j + 1];j += 2; //两两比较 }i = (i - 1) / 2; //回到上一层 }i = 0;while (i < n - 1) //确定剩下的n-1个节点的次序 {a[i] = tree[0].data;tree[leaf - 1 + tree[0].index].active = false; //出局,不参与下一轮//每次出局后都需调整fixUpTree(tree, leaf - 1 + tree[0].index);i++;}a[n - 1] = tree[0].data; //最后一个归位 delete[]tree;}
1、理解了标志位active的作用,就可解释上面的疑问。
2、对一棵满二叉树按层次遍历顺序存储,下标从0开始。若i是父亲,则2*i+1是其左孩子,2*i+2是其右孩子。并且,无论i是左孩子还是右孩子,(i-1)/2都是其父亲。动动小手,画图理解哦!
3、对于满二叉树,外节点(叶子节点)数比内部节点(非叶节点)多一个。叶子节点的起始下标是leaf-1,leaf是叶子节点个数。不清楚就动手画图哦!
4、对于满二叉树,每一层最后一个节点的下标是第一个节点下标的2倍。
下面用主函数测试下:
int main(){cout << "------树形选择排序---by David---" << endl;int n;cout << "输入排序元素个数:";scanf_s("%d", &n);int *array = new int[n];int i = 0;while (i < n){scanf_s("%d", &array[i]);i++;}cout << "经过树形选择排序" << endl;TreeSelectSort(array, n);for (i = 0; i < n; i++)cout << setw(4) << array[i];cout << endl;delete[]array;system("pause");return 0;}运行
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