hdu 2089 不要62 (数位dp)
来源:互联网 发布:程序员鼓励师图片 编辑:程序博客网 时间:2024/06/16 01:24
不要62
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 21431 Accepted Submission(s): 7317
Problem Description
杭州人称那些傻乎乎粘嗒嗒的人为62(音:laoer)。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
Input
输入的都是整数对n、m(0<n≤m<1000000),如果遇到都是0的整数对,则输入结束。
Output
对于每个整数对,输出一个不含有不吉利数字的统计个数,该数值占一行位置。
Sample Input
1 1000 0
Sample Output
80前几天,学长讲了数位dp,不懂,现在拿这题体会一下什么是数位dp这题我还参考了斌哥的博客(大部分的代码是copy斌哥的)然后自己理解一下下面我谈谈目前个人体会:1.dp关键在于求状态转移方程(就是个递推公式,得注意一下递推边界)2.题目难度的体现是多方面的,有时思路简单,但实现代码比较长,有时只要你想到了,代码不一定要多长,有时是题目的意思很难读懂#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>using namespace std;int bit[10];//把数字分拆开装的bit数组里,bit[i]代表第i位的数值int dp[10][3];//dp[i][0]代表i位数里吉利的数的个数//dp[i][1]代表i位数里(例如3位数,从0打头(000,001,002)到以9打头)以2打头的吉利的数的个数//dp[i][2]代表i位数里不吉利的数的个数int f(int i){ int ans=1; if(i==0) return 1; while(i--) { ans=ans*10; } return ans;}int solve(int n)//计算[0,n)区间内吉利数的个数{ //先把n装到bit数组里 int len=0;//表示n是几位数 int ans=0; int t=n;//记住n memset(bit,0,sizeof(bit)); while(n) { bit[++len]=n%10; n=n/10; } bit[len+1]=0;//第45行就有用到 int flag=0; for(int i=len; i>0; i--) { ans+=bit[i]*dp[i-1][2];//第i位有除bit[i]外的bit[i]个数,bit[i]是特殊的 if(flag)//表示第i+1位已不吉利 ans+=bit[i]*dp[i-1][0]; if(!flag&&bit[i]>4)//当存在4的时候,还要加上只因为第i位4的存在而成为不吉利数的个数 ans+=dp[i-1][0]; if(!flag&&bit[i+1]==6&&bit[i]>2) ans+=dp[i][1]; if(!flag&&bit[i]>6) ans+=dp[i-1][1]; if(bit[i]==4||(bit[i+1]==6&&bit[i]==2)) flag=1; } return t-ans;}int main(){ //递推边界 dp[0][0]=1; dp[1][0]=9;//一位数里吉利的数的个数 dp[1][1]=1;//一位数里以2打头的吉利的数的个数 dp[1][2]=1;//一位数里不吉利的数的个数 //用for循环实现递推关系 for(int i=2; i<=6; i++) //因为只要算到999999即可 { dp[i][0]=9*dp[i-1][0]-dp[i-1][1];//第i位去掉4后还剩9个数,9乘以i-1位吉利的数再减去 //第i位里以6开头的个数1乘以i-1位数里以2打头的吉利的数 dp[i][1]=dp[i-1][0]; dp[i][2]=f(i)-dp[i][0];//i位数里的数不是吉利就是不吉利 } /*cout<<"debug:"<<endl; for(int i=0; i<=6; i++) for(int j=0; j<=2; j++) { if(j==2) cout<<dp[i][j]<<endl; else cout<<dp[i][j]<<" "; }*/ int m,n; while(scanf("%d%d",&m,&n),n||m) { printf("%d\n",solve(n+1)-solve(m)); } return 0;}
0 0
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