POJ 1061 青蛙的约会 欧几里德扩展
来源:互联网 发布:mysql fetch object 编辑:程序博客网 时间:2024/05/23 12:43
原题: http://poj.org/problem?id=1061
题目:
青蛙的约会
Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000K
Total Submissions: 98013 Accepted: 18550
Description
两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
输入只包括一行5个整数x,y,m,n,L,其中x≠y < 2000000000,0 < m、n < 2000000000,0 < L < 2100000000。
Output
输出碰面所需要的跳跃次数,如果永远不可能碰面则输出一行”Impossible”
Sample Input
1 2 3 4 5
Sample Output
4
思路:
对于这个题,我们可以看成一个追击问题,假设其中一个人是不动的,那么另一个相对它的速度就是n-m,而最初的路径差是x-y,我们要求的就是在最快的时间让他们相遇。
我们可以建立这样的线性方程:速度 * 次数 - 圈数 * 周长=距离
然后我们用扩展欧几里德算法就可以解出这个方程,并求得最小的次数。
代码:
#include"cstdio"#include"iostream"using namespace std;typedef long long int lint;lint gcd(lint a,lint b){ if(b==0) return a; return gcd(b,a%b);}//ax+by=gcd(a,b)=cvoid exgcd(lint a,lint b,lint &x,lint &y){ if(b==0) { x=1; y=0; return ; } exgcd(b,a%b,x,y); lint t=x; x=y; y=t-y*(a/b);}int main(){ //freopen("in.txt","r",stdin); lint m,n,x,y,l; while(scanf("%I64d %I64d %I64d %I64d %I64d",&x,&y,&m,&n,&l)!=EOF) { //建立方程 速度*次数-圈数*周长=距离 lint a=(n-m+l)%l; lint b=l; lint c=(x-y+l)%l; lint g=gcd(a,b); //扩展欧几里得方程 必须满足ax+by=gcd(a,b)才有解 if(c%g) { printf("Impossible\n"); continue; } //约分 a=a/g; b=b/g; c=c/g; //倍数 //分别记录次数和圈数 lint ans,q; //解线性方程ax+by=1 exgcd(a,b,ans,q); //c*ans为真正的总次数(还原约分) //如果跑过了 周长 次,就跑过了 周长*速度 米 //那么就跑过了 速度 圈,这多了一个周期不是最优解 ans=c*ans%b; //欧几里得方程求出的结果可能小于0 //那我们就多跑一个周期 if(ans<0) ans=ans+b; printf("%I64d\n",ans); } return 0;}
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