hdu1561 The more, The Better
来源:互联网 发布:js在线混淆 编辑:程序博客网 时间:2024/06/10 18:43
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Total Submission(s): 6527 Accepted Submission(s): 3836
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Problem Description
ACboy很喜欢玩一种战略游戏,在一个地图上,有N座城堡,每座城堡都有一定的宝物,在每次游戏中ACboy允许攻克M个城堡并获得里面的宝物。但由于地理位置原因,有些城堡不能直接攻克,要攻克这些城堡必须先攻克其他某一个特定的城堡。你能帮ACboy算出要获得尽量多的宝物应该攻克哪M个城堡吗?
Input
每个测试实例首先包括2个整数,N,M.(1 <= M <= N <= 200);在接下来的N行里,每行包括2个整数,a,b. 在第 i 行,a 代表要攻克第 i 个城堡必须先攻克第 a 个城堡,如果 a = 0 则代表可以直接攻克第 i 个城堡。b 代表第 i 个城堡的宝物数量, b >= 0。当N = 0, M = 0输入结束。
Output
对于每个测试实例,输出一个整数,代表ACboy攻克M个城堡所获得的最多宝物的数量。
Sample Input
3 20 10 20 37 42 20 10 42 17 17 62 20 0
Sample Output
513
这题可以用树形dp做,用dp[i][j]表示以i节点为根的子树范围内攻克j个城堡(可能子树的个数不到j,就按全部攻克算,这里算的不是恰好攻克j个)最多能获得的宝物。和前几道树形dp差不多,转移方程是dp[u][j]=max(dp[u][j],dp[u][j-k]+dp[v][k]);这里要注意的是因为可能输入的数据不是一棵树,所以我们可以假想所有树的根节点是0,然后从0开始遍历,但是0的时候dp时要特判。遇到必须要先花一个代价攻克根节点才能到子节点的题,要先花一个代价初始化,即for(j=m;j>=1;j--)dp[u][j]=value[u];然后再把剩下的j-1进行背包。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<stdlib.h>#include<string.h>#include<math.h>#include<vector>#include<map>#include<set>#include<queue>#include<stack>#include<string>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long ll;#define inf 99999999#define maxn 1000#define maxm 1000int pre[maxn],w[maxn];struct node{ int to,next;}e[maxm];int tot;int first[maxn];int dp[maxn][maxn];int n,m;void dfs(int u,int fa){ int i,j,v,k; dp[u][1]=w[u]; for(i=first[u];i!=-1;i=e[i].next){ v=e[i].to; if(v==fa)continue; dfs(v,u); if(u==0){ for(j=m;j>=1;j--){ for(k=1;k<=j;k++){ dp[u][j]=max(dp[u][j],dp[u][j-k]+dp[v][k] ); } } } else{ for(j=m;j>1;j--){ for(k=1;k<j;k++){ dp[u][j]=max(dp[u][j],dp[u][j-k]+dp[v][k] ); } } } }}int main(){ int i,j,c; while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF) { if(n==0 && m==0)break; tot=0; memset(first,-1,sizeof(first)); for(i=1;i<=n;i++)pre[i]=i; w[0]=0; for(i=1;i<=n;i++){ scanf("%d%d",&c,&w[i]); if(c!=0){ pre[i]=c; e[tot].next=first[c];e[tot].to=i; first[c]=tot++; } } for(i=1;i<=n;i++){ if(pre[i]==i){ //printf("--->%d \n",i); e[tot].next=first[0];e[tot].to=i; first[0]=tot++; } } memset(dp,0,sizeof(dp)); /* for(i=first[0];i!=-1;i=e[i].next){ printf("+++%d\n",e[i].to); } */ dfs(0,-1); printf("%d\n",dp[0][m]); } return 0;}
0 0
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