[BZOJ4565][Haoi2016]字符合并(状压dp)
来源:互联网 发布:mac最好的压缩软件 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 04:48
题目描述
传送门
题解
i,j,k都比较小,可以考虑状压dp。
令
只考虑两种转移:
①类似区间dp的方法,枚举端点mid,枚举i~mid的状态,mid+1~j的状态为0或1。注意这里每次消除只能是k的整数倍,所以mid+1~j只能是k的整数倍。
即
刚开始没有这样写,而是枚举整个区间的状态之后,用S>>1和S&1转移。不过这样的话有一个问题,就是消除区间的时候由于是二进制表示,001,01,和1都表示成了一个状态没法区分。
②将长度正好可以消除的S直接向c[S]转移。但是这里要注意一个问题,就是要用一个临时数组记录一下,就是刚转移完的状态不能紧接着转移下一个状态,这里也存在我上面说的那个状态表示的问题。转移方程:
时间复杂度
代码
#include<iostream>#include<cstring>#include<cstdio>using namespace std;#define N 305#define LL long longchar ch[N];int n,k,s[N],c[1<<8];LL w[1<<8],f[N][N][1<<8],inf,ans;inline void up(LL &x,LL f0){x=max(x,f0);}int main(){ scanf("%d%d\n",&n,&k); gets(ch); for (int i=0;i<n;++i) s[i+1]=ch[i]-'0'; for (int i=0;i<(1<<k);++i) scanf("%d%lld",&c[i],&w[i]); memset(f,128,sizeof(f));inf=f[0][0][0]; for (int i=1;i<=n;++i) f[i][i][s[i]]=0; for (int l=2;l<=n;++l) for (int i=1;i<=n-l+1;++i) { int j=i+l-1; int len=j-i; LL now,t; while (len>=k) len-=k-1; for (int m=j;m>i;m-=k-1) for (int S=0;S<(1<<len);++S) if (f[i][m-1][S]!=inf) { if (f[m][j][0]!=inf) f[i][j][S<<1]=max(f[i][j][S<<1],f[i][m-1][S]+f[m][j][0]); if (f[m][j][1]!=inf) f[i][j][S<<1|1]=max(f[i][j][S<<1|1],f[i][m-1][S]+f[m][j][1]); } if (len==k-1) { LL g[2]; g[0]=g[1]=inf; for (int S=0;S<(1<<k);++S) if (f[i][j][S]!=inf) g[c[S]]=max(g[c[S]],f[i][j][S]+w[S]); f[i][j][0]=g[0]; f[i][j][1]=g[1]; } } for (int i=0;i<(1<<k);++i) ans=max(ans,f[1][n][i]); printf("%lld\n",ans);}
总结
①当数据范围比较小的时候考虑状压dp。
②状态的表示要考虑好。
0 0
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