【hihocoder 1388】 【NTT或者FFT 循环矩阵】
来源:互联网 发布:域名过期多久可以注册 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 07:09
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题意:
给你两个序列,求一个差值平方和最小
具体求法就是
min{(a1-b1)²+...+(an-bn)²,(a1-b2)²+...+(an-b1)²,...,(a1-bn)²+...+(an-b1)²}
思路:
化简的得
现在问题就变成了怎么快速求出
普通方法的时间复杂度O(
考虑下面的循环矩阵
只需要求
可以参考下面一个链接
http://www.zybang.com/question/dd8b336ad690b3e2f9aa4dc0b596e1ea.html
将循环矩阵*向量转换为求卷积
所以用快速傅里叶变换将时间复杂度降为了O(
具体做法是
令
令
之后对
对
时间复杂度为O(
然后求
时间复杂度为O(n)
再对
时间复杂度为O(
最后求
用FFT要注意精度问题,一个无赖的办法是根据FFT 的结果求 K,然后再自己算一遍得到最后答案,具体代码见Here
FFT文章推荐:http://blog.miskcoo.com/2015/04/polynomial-multiplication-and-fast-fourier-transform#i-15
和http://blog.csdn.net/acdreamers/article/details/39005227
NTT文章推荐:https://riteme.github.io/blog/2016-8-22/ntt.html
和http://m.blog.csdn.net/article/details?id=39026505
NNT中的费马素数表:http://blog.miskcoo.com/2014/07/fft-prime-table
另一种方法是用NTT(快速数论变换)算完直接比较出最大值,long long版的板子见Here
代码:
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;#define MAXN 280000 const long long P=50000000001507329LL; // 190734863287 * 2 ^ 18 + 1//const int P=1004535809; // 479 * 2 ^ 21 + 1//const int P=998244353; // 119 * 2 ^ 23 + 1const int G=3; long long mul(long long x,long long y){ return (x*y-(long long)(x/(long double)P*y+1e-3)*P+P)%P;}long long qpow(long long x,long long k,long long p){ long long ret=1; while(k){ if(k&1) ret=mul(ret,x); k>>=1; x=mul(x,x); } return ret;} long long wn[25];void getwn(){ for(int i=1; i<=18; ++i){ int t=1<<i; wn[i]=qpow(G,(P-1)/t,P); }} int len;void NTT(long long y[],int op){ for(int i=1,j=len>>1,k; i<len-1; ++i){ if(i<j) swap(y[i],y[j]); k=len>>1; while(j>=k){ j-=k; k>>=1; } if(j<k) j+=k; } int id=0; for(int h=2; h<=len; h<<=1) { ++id; for(int i=0; i<len; i+=h){ long long w=1; for(int j=i; j<i+(h>>1); ++j){ long long u=y[j],t=mul(y[j+h/2],w); y[j]=u+t; if(y[j]>=P) y[j]-=P; y[j+h/2]=u-t+P; if(y[j+h/2]>=P) y[j+h/2]-=P; w=mul(w,wn[id]); } } } if(op==-1){ for(int i=1; i<len/2; ++i) swap(y[i],y[len-i]); long long inv=qpow(len,P-2,P); for(int i=0; i<len; ++i) y[i]=mul(y[i],inv); }}void Convolution(long long A[],long long B[],int n){ for(len=1; len<(n<<1); len<<=1); for(int i=n; i<len; ++i){ A[i]=B[i]=0; } NTT(A,1); NTT(B,1); for(int i=0; i<len; ++i){ A[i]=mul(A[i],B[i]); } NTT(A,-1);} long long A[MAXN],B[MAXN];int main(){ getwn(); int t,n; scanf("%d",&t); while(t--){ scanf("%d",&n); long long ans=0; for(int i=0; i<n; ++i){ scanf("%lld",&A[i]); ans+=A[i]*A[i]; } for(int i=0; i<n; ++i){ scanf("%lld",&B[n-i-1]); ans+=B[n-i-1]*B[n-i-1]; } for(int i=0; i<n; ++i){ A[i+n]=A[i]; B[i+n]=0; } Convolution(A,B,2*n); long long mx=0; for(int i=n; i<2*n; ++i){ mx=max(mx,A[i]); } printf("%lld\n",ans-2*mx); } return 0;}
常用费马素数和原根的表:
/*是这样的,这几天在写 FFT,由于是在模意义下的,需要各种素数……然后就打了个表方便以后查了如果 r*2^k+1 是个素数,那么在mod r*2^k+1意义下,可以处理 2^k 以内规模的数据,2281701377=17*2^27+1 是一个挺好的数,平方刚好不会爆 long long1004535809=479*2^21+1 加起来刚好不会爆 int 也不错下面是刚刚打出来的表格(gg 是mod(r*2^k+1)的原根)素数 rr kk gg3 1 1 25 1 2 217 1 4 397 3 5 5193 3 6 5257 1 8 37681 15 9 1712289 3 12 1140961 5 13 365537 1 16 3786433 3 18 105767169 11 19 37340033 7 20 323068673 11 21 3104857601 25 22 3167772161 5 25 3469762049 7 26 31004535809 479 21 32013265921 15 27 312281701377 17 27 33221225473 3 30 575161927681 35 31 377309411329 9 33 7206158430209 3 36 222061584302081 15 37 72748779069441 5 39 36597069766657 3 41 539582418599937 9 42 579164837199873 9 43 5263882790666241 15 44 71231453023109121 35 45 31337006139375617 19 46 33799912185593857 27 47 54222124650659841 15 48 197881299347898369 7 50 631525197391593473 7 52 3180143985094819841 5 55 61945555039024054273 27 56 54179340454199820289 29 57 3*/
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