bzoj 4537: [Hnoi2016]最小公倍数 并查集按秩合并+分块
来源:互联网 发布:js获取html的data属性 编辑:程序博客网 时间:2024/05/24 04:27
题意
给出n个点m条边的无向图和q个询问,每条边有两个权值a和b,每个询问给出x y a b,问有没有一条x到y的路径(不一定是简单路径)满足max(e_a)==a且max(e_b==b)
n,q<=50000,m<=100000
分析
对于一个询问,我们可以把所有e_a<=a且e_b<=b的边都加进来,并看x和y所在的联通块内最大的a和最大的b是否与给出的a和b相等即可。
但如果每次暴力维护的话显然会超时。
然后我就不会了。。。
后来才知道原来可以分块:也就是把边按a排序,然后分成根号m块。假设现在处理到第i块,我们把第i块内的询问和前i块的边拿出来,并分别按b排序,然后双指针并查集维护即可。但有可能第i块内的某条边的a大于该块内某个询问的a,于是我们可以把该块内的边都放进一个数据里面,每次询问的时候暴力扫一遍添加能添加的边,询问完后撤回即可。所以我们就要用到按秩合并的并查集。
一开始并查集合并的时候没有判断两个点在同一个集合内的情况,然后就狂T。。。
代码
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>#define N 100005#define inf 0x7fffffffusing namespace std;int n,m,Q,block,top,a1,a[N],f[N],size[N],mxa[N],mxb[N];struct edge{int x,y,a,b,ans,id;}e[N],q[N];struct stack{int son,fa,mxa,mxb,size;}sta[N];int read(){ int x=0,f=1;char ch=getchar(); while (ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while (ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f;}bool cmpa(edge a,edge b){ return a.a<b.a;}bool cmpb(edge a,edge b){ return a.b<b.b;}bool cmpid(edge a,edge b){ return a.id<b.id;}int find(int x){ if (f[x]==x) return x; return find(f[x]);}void link(int i,int op){ int fx=find(e[i].x),fy=find(e[i].y); if (fx==fy) { if (op) top++,sta[top].fa=fy,sta[top].son=0,sta[top].size=size[fy],sta[top].mxa=mxa[fy],sta[top].mxb=mxb[fy]; mxa[fy]=max(mxa[fy],e[i].a);mxb[fy]=max(mxb[fy],e[i].b); return; } if (size[fx]>size[fy]) swap(fx,fy); if (op) top++,sta[top].fa=fy,sta[top].son=fx,sta[top].size=size[fy],sta[top].mxa=mxa[fy],sta[top].mxb=mxb[fy]; f[fx]=fy;size[fy]+=size[fx];mxa[fy]=max(mxa[fy],max(e[i].a,mxa[fx]));mxb[fy]=max(mxb[fy],max(e[i].b,mxb[fx]));}void clear(){ while (top) { f[sta[top].son]=sta[top].son; int x=sta[top].fa; size[x]=sta[top].size;mxa[x]=sta[top].mxa;mxb[x]=sta[top].mxb; top--; }}int main(){ n=read();m=read(); for (int i=1;i<=m;i++) e[i].x=read(),e[i].y=read(),e[i].a=read(),e[i].b=read(); sort(e+1,e+m+1,cmpa); Q=read();block=sqrt(m); for (int i=1;i<=Q;i++) q[i].x=read(),q[i].y=read(),q[i].a=read(),q[i].b=read(),q[i].id=i; int l=1,tot=(m+block-1)/block; sort(q+1,q+Q+1,cmpa); for (int i=1;i<=tot&&l<=Q;i++) { for (int j=1;j<=n;j++) f[j]=j,size[j]=1,mxa[j]=mxb[j]=-1; int t=min(i*block,m),r=l-1,mina=e[(i-1)*block+1].a; while (r<Q&&(q[r+1].a<e[t].a||q[r+1].a==e[t].a&&(e[t+1].a>e[t].a)||t==m)) r++; if (r<l) continue; sort(e+1,e+t+1,cmpb);sort(q+l,q+r+1,cmpb); int p=1;a1=0; for (int j=l;j<=r;j++) { while (p<=t&&e[p].b<=q[j].b) { if (e[p].a>mina) a[++a1]=p; else link(p,0); p++; } for (int k=1;k<=a1;k++) if (e[a[k]].a<=q[j].a) link(a[k],1); int fx=find(q[j].x),fy=find(q[j].y); if (fx==fy&&mxa[fx]==q[j].a&&mxb[fy]==q[j].b) q[j].ans=1; clear(); } l=r+1; } sort(q+1,q+Q+1,cmpid); for (int i=1;i<=Q;i++) if (q[i].ans) printf("Yes\n"); else printf("No\n"); return 0;}
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