蓝桥杯 地宫取宝 (DP)
来源:互联网 发布:华中科技大学网络大专 编辑:程序博客网 时间:2024/05/20 01:12
问题描述
X 国王有一个地宫宝库。是 n x m 个格子的矩阵。每个格子放一件宝贝。每个宝贝贴着价值标签。
地宫的入口在左上角,出口在右下角。
小明被带到地宫的入口,国王要求他只能向右或向下行走。
走过某个格子时,如果那个格子中的宝贝价值比小明手中任意宝贝价值都大,小明就可以拿起它(当然,也可以不拿)。
当小明走到出口时,如果他手中的宝贝恰好是k件,则这些宝贝就可以送给小明。
请你帮小明算一算,在给定的局面下,他有多少种不同的行动方案能获得这k件宝贝。
地宫的入口在左上角,出口在右下角。
小明被带到地宫的入口,国王要求他只能向右或向下行走。
走过某个格子时,如果那个格子中的宝贝价值比小明手中任意宝贝价值都大,小明就可以拿起它(当然,也可以不拿)。
当小明走到出口时,如果他手中的宝贝恰好是k件,则这些宝贝就可以送给小明。
请你帮小明算一算,在给定的局面下,他有多少种不同的行动方案能获得这k件宝贝。
输入格式
输入一行3个整数,用空格分开:n m k (1<=n,m<=50, 1<=k<=12)
接下来有 n 行数据,每行有 m 个整数 Ci (0<=Ci<=12)代表这个格子上的宝物的价值
接下来有 n 行数据,每行有 m 个整数 Ci (0<=Ci<=12)代表这个格子上的宝物的价值
输出格式
要求输出一个整数,表示正好取k个宝贝的行动方案数。该数字可能很大,输出它对 1000000007 取模的结果。
样例输入
2 2 2
1 2
2 1
1 2
2 1
样例输出
2
样例输入
2 3 2
1 2 3
2 1 5
1 2 3
2 1 5
样例输出
14
四维dp[i][j][l][o] 代表在(i,j)这个位置,拿了o个宝贝,所有宝贝最大值是l的方案数。
因为宝贝的价值是0~12 我们的初始状态要是0,所以输入的时候把每个宝贝的价值加1.
然后对于每个点,都会有一个不拿的状态,和一个可能拿的状态。
直接转换下去就OK了。
思路: 做蓝桥杯要细心读题,不然等发现题意读错了会很伤, 比赛的时候要平静,冷静对待成绩。。
然后要想好思路在纸上走一遍再敲!!!!!
这题很重要的一点是,价值可以为0, 为了方便去处理和不出bug,我们把价值每次都+1即可,,,,这里wrong了不知道几发了
DP 很重要的一点是转移方程和初始化的定义,这个要仔细考虑清楚了,思维状态好像有点复杂,脑子不够用 呵呵呵
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long ll;const ll mod = 1000000007 ;ll dp[55][55][15][15];int a[55][55];int main(){ int i,j,x,y,z,n,m,K,k,c,tmp; scanf("%d%d%d",&n,&m,&K); for(i=1; i<=n; i++) for(j=1; j<=m; j++) { scanf("%d",&a[i][j]); a[i][j]++; } dp[1][1][0][0]=1; dp[1][1][1][a[1][1]]=1; for(x=1; x<=n; x++) { for(y=1; y<=m; y++) { if(x==1 && y==1) continue; for(k=0; k<=K; k++) { for(z=0; z<=13; z++) { tmp=a[x][y]; if(x==1) { dp[x][y][k][z] = (dp[x][y][k][z] + dp[x][y-1][k][z])%mod; if(tmp>z && k) dp[x][y][k][tmp] = (dp[x][y][k][tmp]+dp[x][y-1][k-1][z])%mod; } else if(y==1) { dp[x][y][k][z] = (dp[x][y][k][z] + dp[x-1][y][k][z])%mod; if(tmp>z && k) dp[x][y][k][tmp] = (dp[x][y][k][tmp]+dp[x-1][y][k-1][z])%mod; } else { dp[x][y][k][z] = ((dp[x][y][k][z] + dp[x-1][y][k][z])%mod + dp[x][y-1][k][z])%mod; if(tmp>z && k) dp[x][y][k][tmp] = ((dp[x][y][k][tmp]+dp[x-1][y][k-1][z])%mod + dp[x][y-1][k-1][z])%mod; } } } } } ll ans = 0; for(z=0; z<=13; z++) { ans = (ans+dp[n][m][K][z])%mod; } printf("%lld\n",ans%mod); return 0;}
0 0
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