NOIP2017提高组 模拟赛17(总结)
来源:互联网 发布:方差分析用什么软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/04 20:01
NOIP2017提高组 模拟赛17(总结)
第一题 蛋糕 (卡特兰数)
【题目描述】
【解题思路】
其实就是求卡特兰数的第n-2位。
为什么?
把多边形拆分,得到:
递推式的解为
也就是
所以只需快速的求出
P不是质数,求不了逆元。
一个暴力的做法是对于每一个数,分解质因数(显然超时)
那么,我们只需要n!的最终值,并不关心过程。
用质数去筛。
2^1的有2,4,6,8,10……(n/2个)
2^2的有4,8,12,16……(n/4个)
2^3的有8,16,24……(n/8个)
……
所以(h[i]表示第i个质数出现的次数,v为1表示乘,-1表示除)
for(int i=1;i<=pi;i++) { ll d=pr[i]; for(;d<=x;d*=pr[i]) { h[i]+=(x/d)*v; } }
再用快速幂瞎搞就好了。
【代码】
#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long ll;const int N=1e7+10;bool inp[N<<1];int pi,f[N];ll pr[N],ans,pp,n;void make(){ inp[1]=1; for(ll i=2;i<=(n<<1);i++) { if(!inp[i]) pr[++pi]=i; for(int j=1;j<=pi && i*pr[j]<=(n<<1);j++) { inp[pr[j]*i]=1; if(!(i%pr[j])) break; } }}void add(int x,int v){ for(int i=1;i<=pi;i++) { ll d=pr[i]; for(;d<=x;d*=pr[i]) { f[i]+=(x/d)*v; } }}ll Pow(ll x,int y){ ll yu=x,ss=1ll; for(;y;y>>=1,yu=yu*yu%pp) if(y&1) ss=ss*yu%pp; return ss;}int main(){ freopen("2009.in","r",stdin); freopen("2009.out","w",stdout); scanf("%lld%lld",&n,&pp); n-=2; make(); add((n<<1),1); add(n+1,-1); add(n,-1); ans=1ll; for(int i=1;i<=pi;i++) ans=ans*Pow(pr[i],f[i])%pp; printf("%lld\n",ans); return 0;}
第二题 解密
【题目描述】
【解题思路】
KMP
len≤5000?O(n^2)算法?暴力KMP!
①先按s1的1~len_s1构出next[]
s1去匹配s2,得到以1为首,i为尾的字符串在s2中出现的次数。
判断是否在s1,s2中均只出现一次。
②再按s1的2~len_s1构出next[]
s1去匹配s2,得到以2为首,i为尾的字符串在s2中出现的次数。
判断是否在s1,s2中均只出现一次。
以此类推,时间复杂度O(n^2)
实现较为复杂。
SAM
还有一种更好的实现方法(%tututu)
在SAM中,某个串出现的次数为该串所属状态的Right集大小(by tututu)。
建一个广义的sam,判断串的min和max就行了(min=dep[pre[i]]+1,max=dep[i])。
【代码】
//KMP#include<cstring>#include<algorithm>#include<cstdio>#define imax(a,b) ((a>b)?(a):(b))#define imin(a,b) ((a<b)?(a):(b))using namespace std;const int N=5010;char sd[N],*st,sg[N];int n,m,ans,g1,g2;int ne[N],f[N];int bigne[N];bool see[N][N];int main(){ freopen("2010.in","r",stdin); freopen("2010.out","w",stdout); scanf("%s",sd); scanf("%s",sg); n=strlen(sd); st=sd; int nt=n; m=strlen(sg); g1=1e9; g2=-1; for(int w=1;w<=nt;w++) { ne[0]=ne[1]=0; int k=0; for(int i=2;i<=n;i++) { while(k>0 && st[i-1]!=st[k]) k=ne[k]; if(st[i-1]==st[k]) k++; ne[i]=k; bigne[i+w-1]=imax(bigne[i+w-1],ne[i]); bigne[w+ne[i]-1]=imax(bigne[w+ne[i]-1],ne[i]); } k=0; for(int i=1;i<=m;i++) { while(k>0 && sg[i-1]!=st[k]) k=ne[k]; if(sg[i-1]==st[k]) k++; if(k) { f[w+k-1]++; f[w+ne[k]-1]++; } } for(int i=1;i<=nt;i++) { if(f[i]==1) see[w][i]=1; } for(int i=1;i<=m;i++) f[i]=0; st=st+1; n--; } for(int i=1;i<=nt;i++) for(int j=1;j<=nt;j++) if(see[i][j] && bigne[j]<=j-i) { g1=imin(g1,j-i+1); g2=imax(g2,j-i+1); } printf("%d %d\n",(g1!=1e9)?(g1):(-1),(g2!=-1)?(g2):(-1)); return 0;}
//SAM#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#define mmst(a, b) memset(a, b, sizeof(a))#define mmcp(a, b) memcpy(a, b, sizeof(b))#define imax(a,b) ((a>b)?(a):(b))#define imin(a,b) ((a<b)?(a):(b))using namespace std;const int N=105010;char sd[N];int r[N][2],dep[N],last,cnt,son[N][26],pre[N];struct data { int d,id; } B[N];int ans1,ans2;void insert(int x,int ops){ dep[++cnt]=dep[last]+1; int np=cnt,p=last; last=cnt; r[np][ops]=1; for(;!son[p][x];p=pre[p]) son[p][x]=np; if(!p) pre[np]=1; else { int q=son[p][x]; if(dep[q]==dep[p]+1) pre[np]=q; else { dep[++cnt]=dep[p]+1; int nq=cnt; mmcp(son[nq],son[q]); pre[nq]=pre[q]; pre[q]=pre[np]=nq; for(;son[p][x]==q;p=pre[p]) son[p][x]=nq; } }}bool cmp(data A,data B) { return (A.d<B.d); }int main(){ freopen("2010.in","r",stdin); freopen("2010.out","w",stdout); scanf("%s",sd); last=cnt=1; int len=strlen(sd); for(int i=1;i<=len;i++) insert(sd[i-1]-'a',0); scanf("%s",sd); last=1; len=strlen(sd); for(int i=1;i<=len;i++) insert(sd[i-1]-'a',1); for(int i=1;i<=cnt;i++) B[i].id=i,B[i].d=dep[i]; sort(B+1,B+1+cnt,cmp); ans1=12345678; for(int i=cnt;i>=1;i--) { r[pre[B[i].id]][0]+=r[B[i].id][0]; r[pre[B[i].id]][1]+=r[B[i].id][1]; } for(int i=2;i<=cnt;i++) if(r[i][0]==1 && r[i][1]==1) { ans1=imin(ans1,dep[pre[i]]+1); ans2=imax(ans2,dep[i]); } if(ans1==12345678) printf("-1 -1\n"); else printf("%d %d\n",ans1,ans2); return 0;}
第三题 漏洞
【题目描述】
【解题思路】
线段树。
对于线段树【L,R】,记lz[i]为当前数字i变成了lz[i],s[i]为数字i的权值(例如400,140,40000则s[4]=100+10+10000=10110)
down转移时,从儿子更新,可以优化到10倍常数。(从父亲更新到儿子是100倍常数)
例如,son.lz[2]=4,fa.lz[4]=5则son.lz[2]=5。(具体看代码的down操作)
【代码】
#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long ll;const int N=100500;struct data{ ll s[14]; int lz[14];} tree[N<<2];int n,m,vis[14];ll sr[14],sd[14],d[N];void up(int ro){ for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro].s[i]=tree[ro<<1].s[i]+tree[ro<<1|1].s[i];}/*void down(int ro,int L,int R){ if(L==R) return; for(int i=0;i<=9;i++) vis[i]=tree[ro<<1].lz[i],sd[i]=tree[ro<<1].s[i]; for(int i=0;i<=9;i++) { if(tree[ro].lz[i]!=i) { for(int k=0;k<=9;k++) if(tree[ro<<1].lz[k]==i) vis[k]=tree[ro].lz[i]; sd[tree[ro].lz[i]]+=tree[ro<<1].s[i]; sd[i]-=tree[ro<<1].s[i]; } } for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro<<1].lz[i]=vis[i],tree[ro<<1].s[i]=sd[i]; for(int i=0;i<=9;i++) vis[i]=tree[ro<<1|1].lz[i],sd[i]=tree[ro<<1|1].s[i]; for(int i=0;i<=9;i++) { if(tree[ro].lz[i]!=i) { for(int k=0;k<=9;k++) if(tree[ro<<1|1].lz[k]==i) vis[k]=tree[ro].lz[i]; sd[tree[ro].lz[i]]+=tree[ro<<1|1].s[i]; sd[i]-=tree[ro<<1|1].s[i]; } } for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro<<1|1].lz[i]=vis[i],tree[ro<<1|1].s[i]=sd[i]; for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro].lz[i]=i;}*/void down(int ro,int L,int R){ if(L==R) return; for(int i=0;i<=9;i++) vis[i]=tree[ro<<1].lz[i],sd[i]=tree[ro<<1].s[i]; for(int i=0;i<=9;i++) { if(tree[ro].lz[i]!=i) { sd[tree[ro].lz[i]]+=tree[ro<<1].s[i]; sd[i]-=tree[ro<<1].s[i]; } } for(int i=0;i<=9;i++) { int now=tree[ro<<1].lz[i]; vis[i]=tree[ro].lz[now]; } for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro<<1].lz[i]=vis[i],tree[ro<<1].s[i]=sd[i]; for(int i=0;i<=9;i++) vis[i]=tree[ro<<1|1].lz[i],sd[i]=tree[ro<<1|1].s[i]; for(int i=0;i<=9;i++) { if(tree[ro].lz[i]!=i) { sd[tree[ro].lz[i]]+=tree[ro<<1|1].s[i]; sd[i]-=tree[ro<<1|1].s[i]; } } for(int i=0;i<=9;i++) { int now=tree[ro<<1|1].lz[i]; vis[i]=tree[ro].lz[now]; } for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro<<1|1].lz[i]=vis[i],tree[ro<<1|1].s[i]=sd[i]; for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro].lz[i]=i;}void build(int ro,int L,int R){ for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro].lz[i]=i; if(L==R) { int yu=d[L],u=0; for(int i=0;i<=9;i++) tree[ro].s[i]=0; for(int u=0;yu;yu/=10,u++) tree[ro].s[yu%10]+=sr[u]; return; } int Mid=(L+R)>>1; build(ro<<1,L,Mid); build(ro<<1|1,Mid+1,R); up(ro);}void update(int ro,int L,int R,int li,int ri,int ad,int bd){ if(li>R || L>ri) return; if(li<=L && R<=ri) { for(int i=0;i<=9;i++) if(tree[ro].lz[i]==ad) { tree[ro].lz[i]=bd; tree[ro].s[bd]+=tree[ro].s[ad]; tree[ro].s[ad]=0; } return; } down(ro,L,R); int Mid=(L+R)>>1; update(ro<<1,L,Mid,li,ri,ad,bd); update(ro<<1|1,Mid+1,R,li,ri,ad,bd); up(ro);}ll query(int ro,int L,int R,int li,int ri){ if(li>R || L>ri) return 0ll; if(li<=L && R<=ri) { ll yu=0ll; for(int i=1;i<=9;i++) yu+=(1ll*i*tree[ro].s[i]); return yu; } int Mid=(L+R)>>1; down(ro,L,R); return (query(ro<<1,L,Mid,li,ri)+query(ro<<1|1,Mid+1,R,li,ri));}int main(){ freopen("2011.in","r",stdin); freopen("2011.out","w",stdout); scanf("%d%d",&n,&m); sr[0]=1ll; for(int i=1;i<=13;i++) sr[i]=sr[i-1]*10; for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&d[i]); build(1,1,n); while(m--) { int w,a,b,ad,bd; scanf("%d",&w); if(w==1) { scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&ad,&bd); if(ad==bd) continue; update(1,1,n,a,b,ad,bd); } else if(w==2) { scanf("%d%d",&a,&b); printf("%lld\n",query(1,1,n,a,b)); } } return 0;}
- NOIP2017提高组 模拟赛17(总结)
- NOIP2017提高组模拟赛4 (总结)
- NOIP2017提高组模拟赛5 (总结)
- NOIP2017提高组模拟赛 7(总结)
- NOIP2017提高组模拟赛 8(总结)
- NOIP2017提高组模拟赛 9 (总结)
- NOIP2017提高组模拟赛 10 (总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛13(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛15(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛16(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛18(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛19(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛20(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛21(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛23(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛24(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛 26(总结)
- NOIP2017提高组 模拟赛 27(总结)
- java面试知识点(1)
- LDO和DC-DC器件的区别
- An Introduction to Flask 19~24
- Android 悬浮窗显示毫秒级时间
- 数据结构之八皇后问题以及最短路径
- NOIP2017提高组 模拟赛17(总结)
- 11
- MYSQL一个数据库服务器高iowait的优化案例
- 最长递增子序列
- 方框滤波、均值滤波、高斯滤波等滤波器详解
- 关于ThinkPHP5前置操作不生效的问题
- 条件变量的使用注意
- PyTorch基本用法(三)——激活函数
- 支持ifaa的手机厂商和芯片厂商