Tyvj4879(dp+倍增+NTT)
来源:互联网 发布:telnet 的端口号是什么 编辑:程序博客网 时间:2024/06/17 22:10
题面
题意:有n组数,每个数为1到6,每组有m个,每组内不计顺序。问总共至少有x个6的方案数。模998244353。n,m≤400。
看到这个熟悉的数字,大概就是个NTT了,然后考虑哪里有卷积。设g[i]为一组内有i个6的方案数,f[i]为两组内有i个6的方案数,有
就是个卷积了。
对于有n组,我们考虑倍增,先求出n/2组的g数组,然后ntt合并即可。
考虑怎么求g[i]。由于每组内无关顺序,根据套路,我们可以强行设定单调。
设h[i][j]为第1~i个数非严格单调,第i个数为j的方案数。字面意思转移即可。
我的直觉认为,在倍增途中,若每一次卷积的次数界都动态变化,则总复杂度可以省一个log。
#include <iostream>#include <fstream>#include <algorithm>#include <cmath>#include <ctime>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>using namespace std;#define mmst(a, b) memset(a, b, sizeof(a))#define mmcp(a, b) memcpy(a, b, sizeof(b))typedef long long LL;const int N=800400;const LL p=998244353,g=3;int n,rev[N];LL cheng(LL a,LL b){ LL res=1ll; for(;b;b>>=1,a=a*a%p) if(b&1) res=res*a%p; return res;}void init(int lim){ int k=-1; n=1; while(n<lim) n<<=1,k++; for(int i=0;i<n;i++) rev[i]=(rev[i>>1]>>1) | ((i&1)<<k);}void ntt(LL *a,int ops){ for(int i=0;i<n;i++) if(i<rev[i]) swap(a[i],a[rev[i]]); for(int l=2;l<=n;l<<=1) { int m=(l>>1); LL wn; if(ops) wn=cheng(g,(p-1)/l); else wn=cheng(g,p-1-(p-1)/l); for(int i=0;i<n;i+=l) { LL w=1ll; for(int k=0;k<m;k++) { LL t=a[i+k+m]*w%p; a[i+k+m]=(a[i+k]-t+p)%p; a[i+k]=(a[i+k]+t)%p; w=w*wn%p; } } } if(!ops) { LL Inv=cheng(n,p-2); for(int i=0;i<n;i++) a[i]=a[i]*Inv%p; }}int nn,mm,x,y;LL f[401][6],gg[N],ans[N],by[N];void work(int b){ int csj=mm+1; for(;b;b>>=1) { init(csj*2); if(b&1) { ntt(ans,1); for(int i=0;i<n;i++) by[i]=gg[i]; ntt(by,1); for(int i=0;i<n;i++) ans[i]=(ans[i]*by[i])%p; ntt(ans,0); } ntt(gg,1); for(int i=0;i<n;i++) gg[i]=gg[i]*gg[i]%p; ntt(gg,0); csj*=2; }}int main(){ cin>>nn>>mm>>x>>y; for(int i=1;i<=mm;i++) { int tu; scanf("%d",&tu); if(tu==y) x--; } f[0][1]=1ll; for(int i=1;i<=mm;i++) for(int j=1;j<=5;j++) for(int k=j;k<=5;k++) f[i][k]=(f[i][k]+f[i-1][j])%p; for(int i=0;i<=mm;i++) { LL hy=0; for(int j=1;j<=5;j++) hy=(hy+f[i][j])%p; gg[mm-i]=hy; } ans[0]=1ll; work(nn); LL biu=0; for(int i=x;i<n;i++) biu=(biu+ans[i])%p; cout<<biu<<endl; return 0;}
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