bzoj1877: [SDOI2009]晨跑(费用流)
来源:互联网 发布:gartner云计算 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 05:00
题目传送门
这道题不错啊。
解法:
既然每个点只能走一次,那么拆点就很容易想到了。
Ax表示x拆成的第一个点。
Bx表示x拆成的第二个点。
我们把每个点拆成A和B。
从A到B有一条流量为1费用为0的边,表示这个点只能走过一次。
一条边x,y。
从Bx向Ay连一条费用为长度,流量为1的边。
因为这条边肯定也只能走一次啦。
然后就跑最小费用最大流啊。
然后我就错了?
为什么。
因为第一个点和最后一个点可以走多次啊。
所以A1连向B1容量应该为无限大。
n也是这样。
代码实现:
#include<cmath>#include<queue>#include<cstdio>#include<cstring>#include<cstdlib>#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;struct node { int x,y,c,d,next,other;}a[51000];int len,last[1100];void ins(int x,int y,int c,int d) { int k1,k2; len++;k1=len; a[len].x=x;a[len].y=y;a[len].c=c;a[len].d=d; a[len].next=last[x];last[x]=len; len++;k2=len; a[len].x=y;a[len].y=x;a[len].c=0;a[len].d=-d; a[len].next=last[y];last[y]=len; a[k1].other=k2;a[k2].other=k1;}int list[1100],head,tail;int d[1100],st,ed,fbian[1100];bool v[1100];bool spfa() { for(int i=1;i<=ed;i++) d[i]=999999999; d[st]=0; head=1;tail=2;list[1]=st; memset(v,false,sizeof(v));v[st]=true; while(head!=tail) { int x=list[head]; for(int k=last[x];k;k=a[k].next) { int y=a[k].y; if(d[y]>d[x]+a[k].d&&a[k].c>0) { d[y]=d[x]+a[k].d; fbian[y]=k; if(v[y]==false) { v[y]=true; list[tail++]=y; if(tail==ed+1) tail=1; } } } v[x]=false; head++; if(head==ed+1) head=1; } int x=ed; while(x!=st) { int k=fbian[x]; a[k].c-=1;a[a[k].other].c+=1; x=a[k].x; } if(d[ed]==999999999) return false; return true;}int main() { int n,m;scanf("%d%d",&n,&m); st=1;ed=2*n; len=0;memset(last,0,sizeof(last)); ins(1,n+1,999999999,0); //起始点和重点容量为无限 ins(n,n+n,999999999,0); for(int i=2;i<n;i++) ins(i,i+n,1,0); for(int i=1;i<=m;i++) { int x,y,c;scanf("%d%d%d",&x,&y,&c); ins(x+n,y,1,c); //如果揍这条边那么一定要连他的B,这样才能表示走过了这个点 } int ans=0,sum=0; while(spfa()==true) { ans++;sum+=d[ed]; } printf("%d %d\n",ans,sum); return 0;}
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