NOIP2006【作业调度方案】
来源:互联网 发布:博阅 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 08:46
Description
我们现在要利用m台机器加工n个工件,每个工件都有m道工序,每道工序都在不同的指定的机器上完成。每个工件的每道工序都有指定的加工时间。
每个工件的每个工序称为一个操作,我们用记号j-k表示一个操作,其中j为1到n中的某个数字,为工件号;k为1到m中的某个数字,为工序号,例如2-4表示第2个工件第4道工序的这个操作。在本题中,我们还给定对于各操作的一个安排顺序。
例如,当n=3,m=2时,“1-1,1-2,2-1,3-1,3-2,2-2”就是一个给定的安排顺序,即先安排第1个工件的第1个工序,再安排第1个工件的第2个工序,然后再安排第2个工件的第1个工序,等等。 一方面,每个操作的安排都要满足以下的两个约束条件。
(1) 对同一个工件,每道工序必须在它前面的工序完成后才能开始;
(2) 同一时刻每一台机器至多只能加工一个工件。
另一方面,在安排后面的操作时,不能改动前面已安排的操作的工作状态。
由于同一工件都是按工序的顺序安排的,因此,只按原顺序给出工件号,仍可得到同样的安排顺序,于是,在输入数据中,我们将这个安排顺序简写为“1 1 2 3 3 2”。
还要注意,“安排顺序”只要求按照给定的顺序安排每个操作。不一定是各机器上的实际操作顺序。在具体实施时,有可能排在后面的某个操作比前面的某个操作先完成。
当一个操作插入到某台机器的某个空档时(机器上最后的尚未安排操作的部分也可以看作一个空档),可以靠前插入,也可以靠后或居中插入。为了使问题简单一些,我们约定:在保证约束条件(1)(2)的条件下,尽量靠前插入。并且,我们还约定,如果有多个空档可以插入,就在保证约束条件(1)(2)的条件下,插入到最前面的一个空档。于是,在这些约定下,上例中的方案一是正确的,而方案二是不正确的。
显然,在这些约定下,对于给定的安排顺序,符合该安排顺序的实施方案是唯一的,请你计算出该方案完成全部任务所需的总时间。
Input Format
输入文件jsp.in 的第1行为两个正整数,用一个空格隔开:
m n
(其中m(<20)表示机器数,n(<20)表示工件数)
第2行:个用空格隔开的数,为给定的安排顺序。
接下来的2n行,每行都是用空格隔开的m个正整数,每个数不超过20。
其中前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号,第1个数为第1个工序的机器号,第2个数为第2个工序机器号,等等。
后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。
可以保证,以上各数据都是正确的,不必检验。
Output Format
输出文件jsp.out只有一个正整数,为最少的加工时间。
Sample Input
2 31 1 2 3 3 21 2 1 2 2 13 2 2 5 2 4
Sample Output
10
Hint
#include <algorithm>#include <iostream>#include <cstdlib>#include <cstring>#include <string>#include <cstdio>#include <queue>#include <ctime>#include <cmath>using namespace std;int i,j,k,l,m,n,num[25][25],a[500],t[25][25],sum[25],f[25][1000],mx[25],ans,mt[25];int main() { scanf("%d%d",&m,&n); for (i=1;i<=m*n;i++) scanf("%d",&a[i]); for (i=1;i<=n;i++) for (j=1;j<=m;j++) scanf("%d",&num[i][j]); for (i=1;i<=n;i++) for (j=1;j<=m;j++) scanf("%d",&t[i][j]); for (i=1;i<=m*n;i++) { sum[a[i]]++; for (j=mt[a[i]];j<=1000;j++) { int pd=1; for (k=j;k<=j+t[a[i]][sum[a[i]]]-1;k++) if (f[num[a[i]][sum[a[i]]]][k]==1) {pd=0;break;} if (pd==1) { if (j+t[a[i]][sum[a[i]]]>mx[num[a[i]][sum[a[i]]]]) mx[num[a[i]][sum[a[i]]]]=j+t[a[i]][sum[a[i]]]; if (j+t[a[i]][sum[a[i]]]>mt[a[i]]) mt[a[i]]=j+t[a[i]][sum[a[i]]]; for (k=j;k<=j+t[a[i]][sum[a[i]]]-1;k++) f[num[a[i]][sum[a[i]]]][k]=1; break; } } }for (i=1;i<=m;i++) ans=max(mx[i],ans);printf("%d",ans); }
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