noip2006 作业调度方案 （模拟）

P1314作业调度方案

Accepted

标签：模拟NOIP提高组2006

描述

我们现在要利用m台机器加工n个工件，每个工件都有m道工序，每道工序都在不同的指定的机器上完成。每个工件的每道工序都有指定的加工时间。

每个工件的每个工序称为一个操作，我们用记号j-k表示一个操作，其中j为1到n中的某个数字，为工件号；k为1到m中的某个数字，为工序号，例如2-4表示第2个工件第4道工序的这个操作。在本题中，我们还给定对于各操作的一个安排顺序。

例如，当n=3，m=2时，“1-1，1-2，2-1，3-1，3-2，2-2”就是一个给定的安排顺序，即先安排第1个工件的第1个工序，再安排第1个工件的第2个工序，然后再安排第2个工件的第1个工序，等等。

一方面，每个操作的安排都要满足以下的两个约束条件。

(1) 对同一个工件，每道工序必须在它前面的工序完成后才能开始；
(2) 同一时刻每一台机器至多只能加工一个工件。

另一方面，在安排后面的操作时，不能改动前面已安排的操作的工作状态。

由于同一工件都是按工序的顺序安排的，因此，只按原顺序给出工件号，仍可得到同样的安排顺序，于是，在输入数据中，我们将这个安排顺序简写为“1 1 2 3 3 2”。

还要注意，“安排顺序”只要求按照给定的顺序安排每个操作。不一定是各机器上的实际操作顺序。在具体实施时，有可能排在后面的某个操作比前面的某个操作先完成。

例如，取n=3,m=2，已知数据如下：
工件号 机器号/加工时间
工序1 工序2
1 1/3 2/2
2 1/2 2/5
3 2/2 1/4
则对于安排顺序“1 1 2 3 3 2”，下图中的两个实施方案都是正确的。但所需要的总时间分别是10与12。

当一个操作插入到某台机器的某个空档时（机器上最后的尚未安排操作的部分也可以看作一个空档），可以靠前插入，也可以靠后或居中插入。为了使问题简单一些，我们约定：在保证约束条件（1）（2）的条件下，尽量靠前插入。并且，我们还约定，如果有多个空档可以插入，就在保证约束条件（1）（2）的条件下，插入到最前面的一个空档。于是，在这些约定下，上例中的方案一是正确的，而方案二是不正确的。显然，在这些约定下，对于给定的安排顺序，符合该安排顺序的实施方案是唯一的，请你计算出该方案完成全部任务所需的总时间。

格式

输入格式

输入文件的第1行为两个正整数，用一个空格隔开：
m n （其中m（<20）表示机器数，n（<20）表示工件数）
第2行：m*n个用空格隔开的数，为给定的安排顺序。

接下来的2n行，每行都是用空格隔开的m个正整数，每个数不超过20。

其中前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号，第1个数为第1个工序的机器号，第2个数为第2个工序机器号，等等。

后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。

可以保证，以上各数据都是正确的，不必检验。

输出格式

输出文件只有一个正整数，为最少的加工时间。

样例1

样例输入1[复制]

2 31 1 2 3 3 21 2 1 2 2 13 2 2 5 2 4

样例输出1[复制]

10

限制

1s

来源

NOIP2006第三题

代码：

#include<cstdio>#include<algorithm>#define maxn 20using namespace std;int m,n,e[maxn+20],s[maxn+20];int a[maxn+20][maxn+20];int b[maxn+20][maxn+20];int q[maxn*maxn+20];bool t[maxn+20][maxn*maxn*20+20];int main(){  int i,j,k,x,y,z,l,r;  scanf("%d%d",&m,&n);  for(q[0]=m*n,i=1;i<=q[0];i++)scanf("%d",&q[i]);  for(i=1;i<=n;i++)    for(j=1;j<=m;j++)      scanf("%d",&a[i][j]);  for(i=1;i<=n;i++)    for(j=1;j<=m;j++)  scanf("%d",&b[i][j]);  for(i=1;i<=q[0];i++)    {      z=q[i],++s[z];            x=a[z][s[z]],y=b[z][s[z]];            for(l=e[z]+1;;l++)        {          for(r=l;!t[x][r] && r-l<y;r++);          if(r-l==y)break;          l=r;        }           e[z]=r-1;  for(j=l;j<r;j++)t[x][j]=1;      }        for(k=0,i=1;i<=n;i++)k=max(k,e[i]);  printf("%d\n",k);    return 0;}