【b603】作业调度方案
来源:互联网 发布:java发牌器 编辑:程序博客网 时间:2024/09/21 08:58
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【问题描述】
我们现在要利用m台机器加工n个工件,每个工件都有m道工序,每道工序都在不同的指定的机器上完成。每个工件的每道工序都有指定的加工时间。每个工件的每个工序称为一个操作,我们用记号j-k表示一个操作,其中j为1到n中的某个数字,为工件号;k为1到m中的某个数字,为工序号,例如2-4表示第2个工件第4道工序的这个操作。在本题中,我们还给定对于各操作的一个安排顺序。例如,当n=3,m=2时,“1-1,1-2,2-1,3-1,3-2,2-2”就是一个给定的安排顺序,即先安排第1个工件的第1个工序,再安排第1个工件的第2个工序,然后再安排第2个工件的第1个工序,等等。一方面,每个操作的安排都要满足以下的两个约束条件。(1) 对同一个工件,每道工序必须在它前面的工序完成后才能开始;(2) 同一时刻每一台机器至多只能加工一个工件。另一方面,在安排后面的操作时,不能改动前面已安排的操作的工作状态。由于同一工件都是按工序的顺序安排的,因此,只按原顺序给出工件号,仍可得到同样的安排顺序,于是,在输入数据中,我们将这个安排顺序简写为“1 1 2 3 3 2”。还要注意,“安排顺序”只要求按照给定的顺序安排每个操作。不一定是各机器上的实际操作顺序。在具体实施时,有可能排在后面的某个操作比前面的某个操作先完成。例如,取n=3,m=2,已知数据如下:
工件号 机器号/加工时间
工序1 工序2
1 1/3 2/2
2 1/2 2/5
3 2/2 1/4
则对于安排顺序“1 1 2 3 3 2”,下图中的两个实施方案都是正确的。但所需要的总时间分别是10与12。
当一个操作插入到某台机器的某个空档时(机器上最后的尚未安排操作的部分也可以看作一个空档),可以靠前插入,也可以靠后或居中插入。为了使问题简单一些,我们约定:在保证约束条件(1)(2)的条件下,尽量靠前插入。并且,我们还约定,如果有多个空档可以插入,就在保证约束条件(1)(2)的条件下,插入到最前面的一个空档。于是,在这些约定下,上例中的方案一是正确的,而方案二是不正确的。显然,在这些约定下,对于给定的安排顺序,符合该安排顺序的实施方案是唯一的,请你计算出该方案完成全部任务所需的总时间。
【输入】
第1行为两个正整数,用一个空格隔开:m n(其中m(<20)表示机器数,n(<20)表示工件数)第2行:个用空格隔开的数,为给定的安排顺序。接下来的2n行,每行都是用空格隔开的m个正整数,每个数不超过20。其中前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号,第1个数为第1个工序的机器号,第2个数为第2个工序机器号,等等。后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。可以保证,以上各数据都是正确的,不必检验。
【输出】
只有一个正整数,为最少的加工时间。
【输入样例1】
2 31 1 2 3 3 21 2 1 2 2 13 2 2 5 2 4
【输出样例1】
10
【题目链接】:http://noi.qz5z.com/viewtask.asp?id=b603
【题意】
【题解】
每个工件的每道工序的时间、在哪个机器上加工都给了;
直接模拟就好;
(按照题目要求尽量靠前安排);
最后输出每个工件的最后一个完成时的时间中的最大值.
【完整代码】
#include <cstdio>#include <algorithm>#include <cmath>using namespace std;#define lson l,m,rt<<1#define rson m+1,r,rt<<1|1#define LL long long#define rep1(i,a,b) for (int i = a;i <= b;i++)#define rep2(i,a,b) for (int i = a;i >= b;i--)#define mp make_pair#define pb push_back#define fi first#define se second#define rei(x) scanf("%d",&x)#define rel(x) scanf("%lld",&x)#define ref(x) scanf("%lf",&x)typedef pair<int, int> pii;typedef pair<LL, LL> pll;const int dx[9] = { 0,1,-1,0,0,-1,-1,1,1 };const int dy[9] = { 0,0,0,-1,1,-1,1,-1,1 };const double pi = acos(-1.0);const int N = 30;struct abc{ int id, times;};int m, n,tot,ans;int num[N],last[N],which[N][N],tim[N][N],ma[N];abc a[N*N];bool bo[N][8000 + 10];int main(){ //freopen("F:\\rush.txt", "r", stdin); rei(m), rei(n); rep1(i, 1, m*n) { int x; rei(x); a[i].id = x; num[x]++; a[i].times = num[x]; } rep1(i, 1, n) rep1(j, 1, m) rei(which[i][j]); rep1(i, 1, n) rep1(j, 1, m) rei(tim[i][j]); rep1(i, 1, m*n) { int id = a[i].id, times = a[i].times; int what = which[id][times],cost = tim[id][times]; rep1(j, last[id]+1, 8000) { if (!bo[what][j]) { int k = j+cost-1; int ju = -1; rep2(l,k,j) if (bo[what][l]) { ju = l; break; } if (ju==-1) { rep1(l, j, k) bo[what][l] = true; last[id] = k; break; } else j = ju; } } } ans = last[max_element(last + 1, last + 1 + n) - last]; printf("%d\n", ans); //printf("\n%.2lf sec \n", (double)clock() / CLOCKS_PER_SEC); return 0;}
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