HDU_1565_方格取数(1)
来源:互联网 发布:国密算法是否可解密 编辑:程序博客网 时间:2024/05/18 02:00
方格取数(1)
Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 7236 Accepted Submission(s): 2740
Problem Description
给你一个n*n的格子的棋盘,每个格子里面有一个非负数。
从中取出若干个数,使得任意的两个数所在的格子没有公共边,就是说所取的数所在的2个格子不能相邻,并且取出的数的和最大。
从中取出若干个数,使得任意的两个数所在的格子没有公共边,就是说所取的数所在的2个格子不能相邻,并且取出的数的和最大。
Input
包括多个测试实例,每个测试实例包括一个整数n 和n*n个非负数(n<=20)
Output
对于每个测试实例,输出可能取得的最大的和
Sample Input
375 15 21 75 15 28 34 70 5
Sample Output
188
Author
ailyanlu
Source
Happy 2007
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8600
对棋盘进行二着色。
但是全部取某种颜色的格子不一定是最大的情况。
这个问题我这里用网络流做的。
不过貌似数据量也可以状态压缩。
把黑格白格分别作为点然后把相邻的格子的点连起来
得到一个二分图。显然这个题目问的是二分图的最大点权独立集
那么可以转化
最大点权独立集=总权值-最小点权覆盖集
二分图最小点权覆盖集=最小割=最大流
因此只需要跑个最大流就可以了
#include<stdio.h>#include<iostream>#include<string.h>#include<algorithm>#include<queue>using namespace std;const int M=500; //最大点数const int IN=1e9; //流无限值int g[M][M],np,p[M];// g图的邻接表,np点数,p前驱结点数组int ekst,eked; //源与汇bool EK_bfs(){ queue<int> qu; bool f[M]; memset(f,0,sizeof(f)); memset(p,-1,sizeof(p)); qu.push(ekst); f[ekst]=1; while(!qu.empty()) { int e=qu.front(); if(e==eked) //找到增广路 return 1; qu.pop(); for(int i=1;i<=np;i++) { if(g[e][i]&&!f[i]) { f[i]=1; p[i]=e; qu.push(i); } } } return 0;}int EKA() //Edmond_Karp_Algorithm //会改图,最终剩下流量残图{ int u,mf=0,mn; //u为当前结点,mf最终答案,mn目前增广路的最大流 while(EK_bfs()) { mn=IN; u=eked; while(p[u]!=-1)//找瓶颈流量 { mn=min(mn,g[p[u]][u]); u=p[u]; } mf+=mn; u=eked; while(p[u]!=-1) { g[p[u]][u]-=mn;//删去瓶颈流量 g[u][p[u]]+=mn;//建立反向边 u=p[u]; } } return mf;}const int MM=25;int ma[MM][MM];int main(){ int N; while(scanf("%d",&N)!=EOF) { memset(g,0,sizeof(g)); ekst=0;eked=N*N+1;np=N*N+1; int sum=0; for(int i=1;i<=N;i++) //读取并分别连接黑白格与源点汇点 for(int j=1;j<=N;j++) { scanf("%d",&ma[i][j]); sum+=ma[i][j]; if((i+j)&1) g[(i-1)*N+j][eked]=ma[i][j]; else g[ekst][(i-1)*N+j]=ma[i][j]; } for(int i=1;i<=N;i++) for(int j=1;j<=N;j++) { if((i+j)%2==0) { if(j+1<=N) g[(i-1)*N+j][(i-1)*N+j+1]=IN; if(j-1>=1) g[(i-1)*N+j][(i-1)*N+j-1]=IN; } } for(int i=1;i<=N;i++) for(int j=1;j<=N;j++) { if((i+j)%2==0) { if(i+1<=N) g[(i-1)*N+j][i*N+j]=IN; if(i-1>=1) g[(i-1)*N+j][(i-2)*N+j]=IN; } } printf("%d\n",sum-EKA()); } return 0;}
0 0
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