nyoj973天下第一
来源:互联网 发布:制作淘宝优惠券网站 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 21:33
天下第一
时间限制:1000 ms | 内存限制:65535 KB
难度:3
描述
AC_Grazy一直对江湖羡慕不已,向往着大碗吃肉大碗喝酒的豪情,但是“人在江湖漂,怎能
不挨刀",”人在江湖身不由己",如果自己的武功太差,在江湖会死的很惨,但是AC_Grazy没有
武功秘籍练不了绝世武功.有道是“山重水复疑无路,柳暗花明又一村”,在AC_Grazy家里面
竟然藏着一本书,书名竟然叫做【超级外挂】,竟然能在各种武功之间进行转化,据说是他爷
爷的爷爷的...爷爷传下来的...
闲着无事便拿来看看,只看一眼便再也停不下了,只见上面写着“纵横武林打遍天下无敌手武功心法秘籍收录”.
翻开第一篇一看竟然是【降龙十八掌】...
心法只是一个修练武功的途径,重要的是真气的多少,于是他便想利用外挂让武功之间进行转
化,来让真气无限增加,但是这个心法只能按照顺序转化,我们分别用 1号和2号来代替两种功法 当然转化会有一定的转化率f
比如1 0.5 2 便是把 1的一半真气转化给2 ,为了简化问题,我们每次都从1号秘籍开始进行转化,如果其中一个秘籍转化断了,那么以后的功法就不能转换。
输入
输入:首先输入一个数 T(T<=20)表示T组数据
然后输入两个数n(2<=n<=500)和m(1=<m<=2000)分别表
示有n种秘籍,随后的m行分别输入
秘籍u(n>=u>0) 转化率 f (0<f<=10)秘籍 v.(0<v<=n)
输出
输出:如果可以无限增加真气输出Yes否则输出No.
样例输入
2
3 3
1 2 2
2 2 3
3 2 1
4 3
1 2 2
3 2 4
4 2 3
样例输出
Yes
时间限制:1000 ms | 内存限制:65535 KB
难度:3
描述
AC_Grazy一直对江湖羡慕不已,向往着大碗吃肉大碗喝酒的豪情,但是“人在江湖漂,怎能
不挨刀",”人在江湖身不由己",如果自己的武功太差,在江湖会死的很惨,但是AC_Grazy没有
武功秘籍练不了绝世武功.有道是“山重水复疑无路,柳暗花明又一村”,在AC_Grazy家里面
竟然藏着一本书,书名竟然叫做【超级外挂】,竟然能在各种武功之间进行转化,据说是他爷
爷的爷爷的...爷爷传下来的...
闲着无事便拿来看看,只看一眼便再也停不下了,只见上面写着“纵横武林打遍天下无敌手武功心法秘籍收录”.
翻开第一篇一看竟然是【降龙十八掌】...
心法只是一个修练武功的途径,重要的是真气的多少,于是他便想利用外挂让武功之间进行转
化,来让真气无限增加,但是这个心法只能按照顺序转化,我们分别用 1号和2号来代替两种功法 当然转化会有一定的转化率f
比如1 0.5 2 便是把 1的一半真气转化给2 ,为了简化问题,我们每次都从1号秘籍开始进行转化,如果其中一个秘籍转化断了,那么以后的功法就不能转换。
输入
输入:首先输入一个数 T(T<=20)表示T组数据
然后输入两个数n(2<=n<=500)和m(1=<m<=2000)分别表
示有n种秘籍,随后的m行分别输入
秘籍u(n>=u>0) 转化率 f (0<f<=10)秘籍 v.(0<v<=n)
输出
输出:如果可以无限增加真气输出Yes否则输出No.
样例输入
2
3 3
1 2 2
2 2 3
3 2 1
4 3
1 2 2
3 2 4
4 2 3
样例输出
Yes
No
题意,求图中是否存在一个环,环的转化率的乘积大于1,则可以一直转圈使得功力一直增加。dfs判断即可,一路深搜,记录走过的路径,标记路过的节点,如果访问到了标记的顶点,说明出现了环,沿着环,结合记录的边信息,判断转化率乘积,由于dfs搜索到了所有的路径,所以不会有任何遗漏,dfs结束,则判断结束
my code
#include <vector>#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;const int maxn = 505;const int INF = 0x3f3f3f3f;struct Edge{ int from,to; double val; Edge(int f,int t,double v):from(f),to(t),val(v) {}};vector<Edge> edge;vector<int> G[maxn];vector<int> path;bool vis[maxn];int n,m;bool ans;void check(int rt){ int st; for(int i=0; i<path.size(); i++){ if(edge[path[i]].from == rt){ st = i; break; } } double res = 1.0; for(int i=st; i<path.size(); i++){ double v = edge[ path[i] ].val; res = res * v; } if(res > 1.0){ ans = true; }}void dfs(int rt){ if(ans) return; for(int i=0; i<G[rt].size(); i++){ int x = G[rt][i]; int to = edge[x].to; if(vis[to]){ path.push_back(x); check(to); if(ans) return; else path.pop_back(); continue; } path.push_back(x); vis[to] = true; dfs(edge[x].to); vis[to] = false; path.pop_back(); }}void init(){ for(int i=0; i<maxn; i++) G[i].clear(); edge.clear(); path.clear(); memset(vis, 0, sizeof(vis));}int main(){#ifdef LOCAL_DEBUG freopen("input.txt","r",stdin);#endif // LOCAL_DEBUG int T; scanf("%d" ,&T); while(T--){ init(); scanf("%d%d" ,&n,&m); int from,to; double val; for(int i=1; i<=m; i++){ scanf("%d%lf%d" ,&from,&val,&to); edge.push_back(Edge(from,to,val)); G[from].push_back(edge.size()-1); } ans = false; vis[1] = true; dfs(1); if(!ans) printf("No\n"); else printf("Yes\n"); } return 0;}
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