hdu 2546饭卡 01背包问题
来源:互联网 发布:java适配器模型 编辑:程序博客网 时间:2024/06/07 10:35
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饭卡
Time Limit: 5000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 23950 Accepted Submission(s): 8408
Problem Description
电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
1505101 2 3 2 1 1 2 3 2 1500
Sample Output
-4532
Source
UESTC 6th Programming Contest Online
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//这道题目是01背包,首先应该把五块钱拿出来,如果没有的话就直接输出,
//首先拿出5元买最贵的东西,那接下来就是背包容量m-5,物品数量n-1 的01背包问题了。
//状态转移方程为:f[j]=max(f[j],f[j-price[i]]+price[i]) , f[j]表示买前i件物品,预算为j时的最大花销
//为了好弄,先排队,把最贵的移到数组尾部。
//首先拿出5元买最贵的东西,那接下来就是背包容量m-5,物品数量n-1 的01背包问题了。
//状态转移方程为:f[j]=max(f[j],f[j-price[i]]+price[i]) , f[j]表示买前i件物品,预算为j时的最大花销
//为了好弄,先排队,把最贵的移到数组尾部。
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>//这道题目是01背包,首先应该把五块钱拿出来,如果没有的话就直接输出,//首先拿出5元买最贵的东西,那接下来就是背包容量m-5,物品数量n-1 的01背包问题了。//状态转移方程为:f[j]=max(f[j],f[j-price[i]]+price[i]) , f[j]表示买前i件物品,预算为j时的最大花销 //为了好弄,先排队,把最贵的移到数组尾部。const int maxn = 1000 + 20;using namespace std;int dp[maxn];int pri[maxn];int vol[maxn];int n, m;//n块石头,m个体积int main(){while(scanf("%d", &n) && n){memset(dp, 0, sizeof(dp));memset(pri, 0, sizeof(pri));for(int i = 1 ; i <= n ; i++)scanf("%d", &pri[i]);scanf("%d", &m);sort(pri+1, pri+n+1);if(m < 5){printf("%d\n", m);continue;}for(int i = 1 ; i < n ; i++){for(int j = m-5 ; j >= pri[i] ; j--){dp[j] = max(dp[j], dp[j-pri[i]] + pri[i]);}}int ans = m - pri[n] - dp[m-5];printf("%d\n", ans);}return 0;}
0 0
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