NYOJ 746 整数划分(四)详解 (区间DP)
来源:互联网 发布:2017网络规划设计师 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 17:08
整数划分(四)
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难度:3
- 描述
暑假来了,hrdv 又要留学校在参加ACM集训了,集训的生活非常Happy(ps:你懂得),可是他最近遇到了一个难题,让他百思不得其解,他非常郁闷。。亲爱的你能帮帮他吗?
问题是我们经常见到的整数划分,给出两个整数 n , m ,要求在 n 中加入m - 1 个乘号,将n分成m段,求出这m段的最大乘积
- 输入
- 第一行是一个整数T,表示有T组测试数据
接下来T行,每行有两个正整数 n,m ( 1<= n < 10^19, 0 < m <= n的位数); - 输出
- 输出每组测试样例结果为一个整数占一行
- 样例输入
2111 21111 2
- 样例输出
11121
思路:区间DP,dp【i】【j】代表的是 1-i 个字符中有j个乘号,枚举的是在每个区间分别有k个乘号的结果,在前i个字符中,枚举k,即第j个乘号的位置,这样转移方程就是dp[i][j] = dp[k][j-1] * a[k+1][i],即在k跟k+1之间插入第j个乘号,后面肯定就是一个数了,因为dp【i】【j】前面有j-1个乘号了,最后一个乘号后面肯定没有乘号了,而且不用担心害怕有两个乘号在一起,因为dp[i][j] = dp[k][j-1] * a[k+1][i]前k个没有j-1个乘号的话,就会是0,因为从来没有这种情况。初始状态就是dp[i][1] = a[1][i];如果只有一个乘号的话,前面的就是这个数本身,把每个区间数值大小都预处理一下
在这个循环过程中,每一步都用前面的作为条件,比如找dp[3][3],他要用到所有dp[][j2],而所有的dp[][2]已经在前面枚举过了,每次都枚举最优状态从而达到整体最优
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;typedef long long ll;const int maxn = 50;ll dp[maxn][maxn], a[maxn][maxn], m;char s[maxn];int main(){ int t; scanf("%d", &t); while(t--) { memset(dp, 0, sizeof(dp)); scanf("%s", s+1); scanf("%d", &m); int len = strlen(s+1);// cout << len << endl; for(int i = 1; i <= len; i++) //预处理每个区间的值 { a[i][i] = s[i] - '0'; for(int j = i+1; j <= len; j++) a[i][j] = a[i][j-1] * 10 + s[j] - '0'; } for(int i = 0; i <= len; i++) dp[i][1] = a[1][i]; for(int j = 1; j <= m; j++) //注意这里是j在最外层,而不是枚举区间i在最外层,因为这样比较好控制临界 { for(int i = j; i <= len; i++) //直接从j开始,因为不可能出现区间个数比j还小的情况 { for(int k = j-1; k < i; k++) //这个同理 dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[k][j-1]*a[k+1][i]); } } cout << dp[len][m] << endl; } return 0;}
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