NYOJ 42 一笔画问题 (DFS || 并查集)
来源:互联网 发布:农产品配送软件 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 15:52
一笔画问题
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难度:4
- 描述
zyc从小就比较喜欢玩一些小游戏,其中就包括画一笔画,他想请你帮他写一个程序,判断一个图是否能够用一笔画下来。
规定,所有的边都只能画一次,不能重复画。
- 输入
- 第一行只有一个正整数N(N<=10)表示测试数据的组数。
每组测试数据的第一行有两个正整数P,Q(P<=1000,Q<=2000),分别表示这个画中有多少个顶点和多少条连线。(点的编号从1到P)
随后的Q行,每行有两个正整数A,B(0<A,B<P),表示编号为A和B的两点之间有连线。 - 输出
- 如果存在符合条件的连线,则输出"Yes",
如果不存在符合条件的连线,输出"No"。 - 样例输入
24 31 21 31 44 51 22 31 31 43 4
- 样例输出
NoYes
- 欧拉定理 如果一个网络是连通的并且奇顶点的个数等于0或2,那么它可以一笔画出;否则它不可以一笔画出。
判断一笔画的方法:
①是连通的。一个图,如果图上任意二点总有线段连接着,就称为连通的。不是连通的就不能一笔画出。
②奇点个数是0或者是2。图上线段的端点可以分成二类,奇点和偶数。一个点,以它为端点的线段数是奇数就称为奇点,线段数是偶数就称为偶点。
一个图是否是一笔画就看奇点的个数,奇点个数是 0 或者 2,就是一笔画,否则就不是一笔画。
所以这个问题完全可以转化策略为:
第一步: 首先我们不管它三七二十几,先进行连通性的判断。
第二步:
(1)如果是连通的,我们来判断此图的度的奇点的个数是0或者是2 ,如果是,则说明这个是欧拉图,即可以一笔画出,反之则不能一笔画出
(2)如果是非连通的,这说明这个图肯定不能一笔画出。
方法一:DFS
#include <iostream>#include <cstring>using namespace std;const int maxn = 2000 + 10;int t;int p, q;int a, b;int flag;int map[maxn][maxn];int bian[maxn];bool vis[maxn];void dfs(int cur){ vis[cur] = 1; for (int i = 1; i <= p; i++){ if (map[cur][i]){ bian[cur]++; if (!vis[i]) dfs(i); } }}int main(){ cin >> t; while (t--){ int flag = 1; memset(map, 0, sizeof(map)); memset(bian, 0, sizeof(bian)); memset(vis, 0, sizeof(vis)); cin >> p >> q; for (int i = 0; i < q; i++){ cin >> a >> b; map[a][b] = 1, map[b][a] = 1; } dfs(1); // 判断是否连通的,如果vis有个0,就不是连通的 for (int i = 1; i <= p; i++){ if (!vis[i]){ flag = 0; break; } } if (!flag) cout << "No" << endl; else{ int xx = 0; //奇点个数 for (int i = 1; i <= p; i++){ if (bian[i] % 2) xx++; } if (xx == 0 || xx == 2) cout << "Yes" << endl; else cout << "No" << endl; } } return 0;}
方法二:并查集#include <iostream>#include <cstring>using namespace std;const int maxn = 2000 + 10;int t;int p, q;int a, b;int father[maxn];int ans[maxn];void init(){ for (int i = 0; i <= maxn; i++) father[i] = i;}int find(int x){ if (father[x] == x) return x; else return father[x] = find(father[x]);}void unite(int x, int y){ x = find(x); y = find(y); if (x != y) father[x] = y;}int main(){ cin >> t; while (t--){ memset(ans, 0, sizeof(ans)); init(); int count = 0, jdcount = 0; cin >> p >> q; for (int i = 0; i < q; i++){ cin >> a >> b; ans[a]++; ans[b]++; unite(a, b); } for (int i = 1; i <= p; i++){ if (find(i) == i) count++; } for (int i = 1; i <= p; i++){ if (ans[i] % 2) jdcount++; } if ((jdcount == 0 || jdcount == 2) && count == 1) cout << "Yes" << endl; else cout << "No" << endl; } return 0;}
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